卡了一上午常数,本地13s,可是bzoj 就是过不去~ #include <bits/stdc++.h> #define N 102 #define M 55 #define ll long long #define inf -1 #define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin) , freopen("de.out","w",stdout) using namespace std…

1<<i的结果需要是long long的话i是long long是没用的--要写成1ll<<i--我别是个傻子吧 虽然写的是二进制贪心,但是我觉得二分可能更好写吧(但是会慢) 首先把矩阵乘法转换成Floyd的形式,注意是进行一次更新,也就是另开一个数组使得更新之后每个[i][j]都变成经过一或两段路,(i,j)之间的最长路 然后就可以倍增了,一直相乘就会变成经过一二四六八-段路,(i,j)之间的最长路,这里把倍增过程记下来 直到某次相乘之后符合要求(也就是[1][x]的最长路大于等…

题目链接:BZOJ - 2165 题目分析: 这道题我读了题之后就想不出来怎么做,题解也找不到,于是就请教了黄学长,黄学长立刻秒掉了这道题,然后我再看他的题解才写出来..Orz 使用 DP + 倍增 ,用状态 f[x][i][j] 表示从 i 出发,坐 x 次电梯到达 j ,最多能上升的层数.开始读入的就是 f[1][][] 数组.(注意:若开始时 i 不能走到 j , 则 f[1][i][j] = -INF) 使用倍增,用 f[x][][] 求出 f[x << 1][][] , 一直求f[2…

Time Limit: 40 Sec Memory Limit: 259 MB Submit: 957 Solved: 353 [Submit][Status][Discuss] Description xz是一个旅游爱好者,这次他来到了一座新的城市.城市中央有一幢高耸入云的大楼.这幢楼到底有多少层呢?据说和非负整数的个数是一样多的.xz想爬上这座大楼来观赏新城市的全景.这幢大楼的楼层从下至上用从小到大的非负整数编号.每层楼有n个房间,用1到n的正整数编号.楼层之间用电梯连接,电梯只能上行,不能…

题目大意:一个有向图,n(<=100)个点求一条长度>=m(<=10^18)的路径最少经过几条边. 一开始以为是矩乘,蓝鹅当时还没开始写,所以好像给CYC安利错了嘿嘿嘿QWQ 第一眼看到这题就想到了某题(戳我),最后只想出一半... 倍增floyd:f[p][i][j]表示走了2^p条边,从i到j的最长路径,然后则有:f[p][i][j]=max(f[p][i][j],f[p-1][i][k]+f[p-1][k][j]); 当跑倍增floyd的时候,1到某个点路径长度>=m则记录p…

题目链接 先考虑 假设S确定,使构造S操作次数最小的方案应是:对T建SAM,S在SAM上匹配,如果有S的转移就转移,否则操作数++,回到根节点继续匹配S.即每次操作一定是一次极大匹配. 简单证明:假设S="ABCD",T有子串"A","AB","CD","BCD",那么步数最小方案是选"AB"再接上"CD",而不是提前断开选择"A"+"B…

[CF461E]Appleman and a Game 题意:你有一个字符串t(由A,B,C,D组成),你还需要构造一个长度为n的字符串s.你的对手需要用t的子串来拼出s,具体来说就是每次找一个t的子串放在已经拼出来的串的后面.你想要最大化你的对手拼出s的所需次数,你的对手是绝顶聪明的.输出这个次数. $n\le 10^{18},|t|\le 10^5$ 题解:先从对手的角度考虑,每次它肯定是尽可能的延伸已有的字符串,一直延伸到t中不存在这个子串为止.所以我们可以每次向s中加入[a,b),使得t…

传送门 跟上一道题差不多. 考虑如果环上点的个数跟最短路长度有单调性那么可以直接上倍增+floyd. 然而并没有什么单调性. 于是我们最开始给每个点初始化一个长度为0的自环,于是就有单调性了. 代码: #pragma GCC optimize(2) #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; inline ll read(){ ll ans=0; char ch=getchar(); while(!isd…

传送门 倍增+floyd板子题. 先列出状态fi,j,kf_{i,j,k}fi,j,k​表示经过iii条边从jjj到kkk的最短路. 然后发现可以用fi−1,j,kf_{i-1,j,k}fi−1,j,k​和f1,j,kf_{1,j,k}f1,j,k​来转移出fi,j,kf_{i,j,k}fi,j,k​. 由于floydfloydfloyd可以看做是矩阵乘法,因此可以用倍增/快速幂优化矩阵转移. 代码: #include<bits/stdc++.h> #include<tr1/unorde…

题意 题目链接 Sol 倍增Floyd,妙妙喵 一个很显然的思路(然而我想不到是用\(f[k][i][j]\)表示从\(i\)号点出发,走\(k\)步到\(j\)的最小值 但是这样复杂度是\(O(n^4)\)的 考虑倍增优化,设\(f[k][i][j]\)表示从\(i\)号点出发,走\(2^k\)步到\(j\)的最小值 每次转移相当于把两个矩阵乘起来,复杂度\(O(n^3logn)\) 注意答案不一定有单调性,可以对每个点连一条向自己边权为\(0\)的边,这样就满足单调性了 感觉最近抄写代码很有…