题目链接: http://www.bnuoj.com/v3/problem_show.php?pid=20172 题目大意:有C个模方程,每个方程可能有k余数,求最小的S个解. 解题思路: 看见模方程就想到中国剩余定理,然后看下确定的方程情况. 由乘法原理,共有II ki 种情况,即求解II ki 次.k比较大时基本完蛋. 其实解模方程还有一种暴力方法,就是选定一个模方程,令t=0,1...., n=t*LCM+余数(n一定要大于0) 通过t不断增大这种迭代方式从小到大创造一些可能解n,然后去测…

#include<iostream> #include<cstdio> #include<cmath> #include<cstring> #include<algorithm> #include<queue> #include<map> #include<set> #include<vector> #include<cstdlib> #include<string> #de…

UVA 11754 一道中国剩余定理加上搜索的题目.分两种情况来考虑,当组合总数比较大的时候,就选择枚举的方式,组合总数的时候比较小时就选择搜索然后用中国剩余定理求出得数. 代码如下: #include <cstdio> #include <cstring> #include <iostream> #include <algorithm> #include <cmath> #include <set> using namespace…

Code FeatUVA - 11754 题意:给出c个彼此互质的xi,对于每个xi,给出ki个yj,问前s个ans满足ans%xi的结果在yj中有出现过. 一看便是个中国剩余定理,但是同余方程组就有ki的乘积种组合,而ki的乘积最大是1e18,直接中国剩余定理肯定不是的,只能对ki的乘积稍微小的时候才能使用. 而当ki的乘积很大时,便说明对于每个xi它的yj都很多,那么我们挑选其中一组xi,设ans=temp*xi+yj,temp不需要枚举到很大便能满足其他的%xi=yj, 至于那组xi的选择…

如果直接枚举的话,枚举量为k1 * k2 *...* kc 根据枚举量的不同,有两种解法. 枚举量不是太大的话,比如不超过1e4,可以枚举每个集合中的余数Yi,然后用中国剩余定理求解.解的个数不够S个的时候,要把这些解分别加上M.2M...(M = X1 * X2 *...* Xc) 如果上述枚举量太大的话,直接枚举x.找一个k/X最小的条件,然后让x = t * X + Yi开始枚举,因为这样枚举x增长得最快,所以枚举次数也就最少.如果符合要求的话则输出. 上面两种方法都要注意所找到的解为正整…

转载请注明出处: http://www.cnblogs.com/fraud/          ——by fraud C Code Feat   The government hackers at CTU (Counter-Terrorist Unit) have learned some things about the code, but they still haven't quite solved it.They know it's a single, strictly positive…

是当y的组合数较小时,暴力枚举所有组合,然后用中国剩余定理求每种组合的解,对解进行排序即可 注意初始解可能是负数,所以如果凑不够S个,就对所有解加上M,2M.... 当y的组合数较大时,选择一个k/x最小的序列,枚举N=x*t+y,外层枚举t,内层枚举y,然后验证N是否是可行解 为什么要选k/x最小的:就是相对于x,k越小越好,使更多机会枚举t, #include<bits/stdc++.h> #include<vector> #include<set> using n…

UVA 11754 - Code Feat 题目链接 题意:给定一个c个x, y1,y2,y3..yk形式,前s小的答案满足s % x在集合y1, y2, y3 ... yk中 思路:LRJ大白例题,分两种情况讨论 1.全部x之积较小时候,暴力枚举每一个集合选哪个y.然后中国剩余定理求解 2.全部x之积较大时候,选定一个k/x尽可能小的序列,枚举x * t + y (t = 1, 2, 3...)去暴力求解. 代码: #include <stdio.h> #include <string…

裸题,没什么好说的 第一个中国剩余定理 写暴力都过了..可见这题有多水 代码: #include<iostream> #include<stdio.h> #include<math.h> #include<string> #include<map> #include<algorithm> using namespace std; #define MAX 200000000 #define ull unsigned long long…

题意:n件礼物,送给m个人,每人的礼物数确定,求方案数. 解题关键:由于模数不是质数,所以由唯一分解定理, $\bmod  = p_1^{{k_1}}p_2^{{k_2}}......p_s^{{k_s}}$ 然后,分别求出每个组合数模每个$p_i^{{k_i}}$的值,这里可以用扩展lucas定理求解,(以下其实就是扩展lucas定理的简略证明) 关于$C_n^m\% {p^k}$, $C_n^m = \frac{{n!}}{{m!(n - m)!}}$, 我们以$n=19,p=3,k=2$为…

题目链接:https://www.luogu.org/problemnew/show/P2480 题目背景 “在那山的那边海的那边有一群小肥猪.他们活泼又聪明,他们调皮又灵敏.他们自由自在生活在那绿色的大草坪,他们善良勇敢相互都关心……” ——选自猪王国民歌 很久很久以前,在山的那边海的那边的某片风水宝地曾经存在过一个猪王国.猪王国地理位置偏僻,实施的是适应当时社会的自给自足的庄园经济,很少与外界联系,商贸活动就更少了.因此也很少有其他动物知道这样一个王国. 猪王国虽然不大,但是土地肥沃,屋舍俨…

首先请看定义:(百科上抄下来的)孙子定理是中国古代求解一次同余式组(见同余)的方法.是数论中一个重要定理.又称中国余数定理. 一元线性同余方程组问题最早可见于中国南北朝时期(公元5世纪)的数学著作<孙子算经>卷下第二十六题,叫做"物不知数"问题. 原文如下: 有物不知其数,三三数之剩二,五五数之剩三,七七数之剩二.问物几何? 即,一个整数除以三余二,除以五余三,除以七余二,求这个整数.<孙子算经>中首次提到了同余方程组问题,以及以上具体问题的解法,因此在中文数学…

https://blog.csdn.net/shanshanpt/article/details/8724769 有中文题面,就不解释了. 妥妥的中国剩余定理没跑了. Java跑得慢,一点办法也没有,必须写正解,暴力居然TLE package poj.ProblemSet; import java.util.Scanner; public class poj1006 { public static final int MOD = 23 * 28 * 33; public static final…

You are given two arithmetic progressions: a1k + b1 and a2l + b2. Find the number of integers x such that L ≤ x ≤ R and x = a1k' + b1 = a2l' + b2, for some integers k', l' ≥ 0. Input The only line contains six integers a1, b1, a2, b2, L, R (0 < a1, a…

二进制枚举+容斥原理+中国剩余定理 #include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cmath> using namespace std; #define MAXN 20 typedef long long LL; int n; int s[MAXN]; LL a[MAXN], m[MAXN]; //a是余数,m是除数 LL ex…

我理解的中国剩余定理的含义是:给定一个数除以一系列互素的数${p_1}, \cdots ,{p_n}$的余数,那么这个数除以这组素数之积($N = {p_1} \times  \cdots  \times {p_n}$)的余数也确定了,反之亦然. 用表达式表示如下: \[\begin{array}{l}x \equiv {a_1}(\bmod {p_1})\\{\rm{     }} \vdots \\x \equiv {a_n}(\bmod {p_n})\end{array}\] 那么任何满足…

题目链接: http://www.51nod.com/onlineJudge/user.html#!userId=21687 题意: 中文题诶~ 思路: 本题就是个中国剩余定理模板题,不过模拟也可以过,而且时间复杂度嘛~ 我们可以知道gcd得出两个数的最大公约在最坏的情况下(a, b是相邻的两个斐波拉契数)是O(logn)的, 同理可以知道exgcd也是O(lgn)时间复杂度,因此中国剩余定理时间复杂度是O(nlogn); 而模拟的话最坏的情况下需要O(n*x)的时间~本题两种算法都是15ms.…

Unknown Treasure Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)Total Submission(s): 2389    Accepted Submission(s): 885 Problem Description On the way to the next secret treasure hiding place, the mathematician…

/* 中国剩余定理可以描述为: 若某数x分别被d1..….dn除得的余数为r1.r2.….rn,则可表示为下式: x=R1r1+R2r2+…+Rnrn+RD 其中R1是d2.d3.….dn的公倍数,而且被d1除,余数为1:(称为R1相对于d1的数论倒数) R1 . R2 . … . Rn是d1.d2.….dn-1的公倍数,而且被dn除,余数为1: D是d1.d2.….的最小公倍数: R是任意整数(代表倍数),可根据实际需要决定: 且d1..….必须互质,以保证每个Ri(i=1,2,…,n)都能求…

Biorhythms Time Limit: 1000MS   Memory Limit: 10000K Total Submissions: 110991   Accepted: 34541 Description Some people believe that there are three cycles in a person's life that start the day he or she is born. These three cycles are the physical,…

一,题意:右上角中文.二,思路: 1,由题意得出方程组 2,利用中国剩余定理求解 3,求出最小正整数三,步骤: 1,由题意得出方程组 (n+d) % 23 = p ; (n+d) % 28 = e ; (n+d) % 33 = i ; 2,中国剩余定理求解 i,从23和28的公倍数中找出x,且满足x%33 = 1 ,x=1288 ii,从23和33的公倍数中找出y,且满足y%28 = 1 ,y=14421 iii,从28和33的公倍数中找出z,且满足z%23 = 1 ,z=5544 iiii,s…

B - Biorhythms Time Limit:1000MS     Memory Limit:10000KB     64bit IO Format:%I64d & %I64u Submit Status Practice POJ 1006 Description 人生来就有三个生理周期,分别为体力.感情和智力周期,它们的周期长度为23天.28天和33天.每一个周期中有一天是高峰.在高峰这天,人会在相应的方面表现出色.例如,智力周期的高峰,人会思维敏捷,精力容易高度集中.因为三个周期的周长…

题意概述: 有一个正整数$N$满足$C$个条件,每个条件都形如“它除以$X$的余数在集合$\{Y_1, Y_2, ..., Y_k\}$中”,所有条件中的$X$两两互质, 你的任务是找出最小的S个解. 数据范围: $1\leq C\leq9, 1 \leq S \leq 10, X \geq 2, 1 \leq k \leq 100, 0 \leq Y_i \leq X$ 分析: 如果每个集合元素个数为1,那么我们直接使用中国剩余定理求解即可. 因此我们想到枚举余数,但是余数的组合最多会有$10…

在POJ上有译文(原文右上角),选择语言:简体中文 求解同余方程组:x=ai(mod mi) i=1~r, m1,m2,...,mr互质利用中国剩余定理令M=m1*m2*...*mr,Mi=M/mi因为mi两两互质,所以(Mi,mi)=1令Mi*yi=1(mod mi)的解为yi,即Mi模mi的逆元则方程的解为:(a1*M1*y1+a2*M2*y2+...+ar*Mr*yr)%M 方法一:用扩展欧几里德求逆元 #include <iostream> #include <stdio.h&g…

分析: 因为满足任意一组pi和ai,即可使一个“幸运数”被“污染”,我们可以想到通过容斥来处理这个问题.当我们选定了一系列pi和ai后,题意转化为求[x,y]中被7整除余0,且被这一系列pi除余ai的数的个数,可以看成若干个同余方程联立成的一次同余方程组.然后我们就可以很自然而然的想到了中国剩余定理.需要注意的是,在处理中国剩余定理的过程中,可能会发生超出LongLong的情况,需要写个类似于快速幂的快速乘法来处理. 吐槽:赛场上不会快速乘,导致疯狂WA,唉,还是太年轻 代码: #include…

Lucky7 题目链接: http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5768 Description When ?? was born, seven crows flew in and stopped beside him. In its childhood, ?? had been unfortunately fall into the sea. While it was dying, seven dolphins arched its body an…

题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5768 给你n个同余方程组,然后给你l,r,问你l,r中有多少数%7=0且%ai != bi. 比较明显的中国剩余定理+容斥,容斥的时候每次要加上个(%7=0)这一组. 中间会爆longlong,所以在其中加上个快速乘法(类似快速幂).因为普通的a*b是直接a个b相加,很可能会爆.但是你可以将b拆分为二进制来加a,这样又快又可以防爆. //#pragma comment(linker, "/STACK…

题意就不说了. 分析:折腾好几天自己写的代码还是看了别人代码后发现几乎没什么复杂度的差别,可是就是一直超时,后来干脆照着别人写啊,一直WA,就在准备放弃干脆先写这篇博客的时候,又看了一眼WA的代码,发现一个中间变量没有取模直接爆掉了.终于AC了,做了好几天. 思路:对所有单词建立AC自动机,那么每个节点j转移到下一个节点k有方程:dp[i+1][k] =sum{dp[i][j]*Get},表示第i+1步位于k节点,并且由j节点转移过来,其中 Get =  ∏prime[i]*(len[i]+j)…

题目大意 略...有中文... 题解 就是解同余方程组 x≡(p-d)(mod 23) x≡(e-d)(mod 28) x≡(i-d)(mod 33) 最简单的中国剩余定理应用.... 代码: #include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; void gcd(int a,int b,int &d,int &x,int &y) { if(!b) { d=a,x=,y=; } else { gcd…

题目地址:POJ 1006 学习了下中国剩余定理.參考的该博客.博客戳这里. 中国剩余定理的求解方法: 假如说x%c1=m1,x%c2=m2,x%c3=m3.那么能够设三个数R1,R2,R3.R1为c2,c3的公倍数且余c1为1,同理.R2,R3也是如此.然后设z=R1*m1+R2*m2+R3*m3,那么z就是当中一个解.并且每隔(c1,c2,c3)的最小公倍数就是一个解.想要最小解的话,仅仅需对最小公倍数取余即可了. 以下的代码未删改.比赛的时候为了避免超时,R1,R2,R3的求解过程全然没有…