题面 还可以这么搜......学到了(PoPoQQQ orz) 我们最朴素的做法是枚举所有状态(当然可以剪,剪完最终实际状态量也是$C_{26}^{13}$的),然后每次$O(n)$扫一遍判断,大概会T炸,考虑优化 我们先预处理每个状态中$1$的数目和连边的状态,然后压缩状态初始让一边集合为空,一边集合为全集,这样每次从已有的点的前面$\frac{n}{2}$个点中枚举一个加入另一边,就可以边搜边更新边数而不用最后$O(n)$检查了.另一个问题是数组可能非常大,这里我们可以把状态拆成前后两半,然…

1130: [POI2008]POD Subdivision of Kingdom https://lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1130 分析: 有效状态为$C_{26}^{13}$,所以直接搜索就好了. 代码: #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #include<iostream> #include<cmath> #incl…

[POI 2008&洛谷P3467]PLA-Postering Description Byteburg市东边的建筑都是以旧结构形式建造的:建筑互相紧挨着,之间没有空间.它们共同形成了一条长长的,从东向西延伸的建筑物链(建筑物的高度不一). Byteburg市的市长Byteasar,决定将这个建筑物链的一侧用海报覆盖住.并且想用最少的海报数量,海报是矩形的. 海报与海报之间不能重叠,但是可以相互挨着(即它们具有公共边),每一个海报都必须贴近墙并且建筑物链的整个一侧必须被覆盖(意思是:海报需要将一…

题面 原来看过然后没做,结果板板把这道题改了改考掉了,血亏=.= 首先看看有没有符合条件的点.如果没有开始寻找解,先把所有的大于$2*k$的点设为坏点,然后求最大子矩形,只要一个最大子矩形的权值和超过$2*k$则它的一个子矩形一定可以成为解.因为这时所有点都小于$k$,这个最大子矩形既然权值和超过$2*k$那么一定是有一部分落在所求的区间中,然后逐行/列枚举切一下是一定有解的. 注意最大子矩形的边界(为什么你们的最大子矩形都要做两遍啊=.=) #include<cstdio> #include…

题面 水水的换根裸题,不过以前还真没做过换根的题 换根的思想就是在DFS中利用树的信息更新出当前点为根时的信息,具体来说一般是考虑子树外和子树内两部分 每个点的答案$ans$就是$ans[fa]+n-2*siz[nde]$ #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; ; *N],goal[*N]; int p[N],dep[N],siz[N]; int n,t1,…

这题目写了我好长时间,但还是几乎(不要在意细节)一遍 A 了喵~ 据说有代码奇短的,Orz 思路巧妙的大爷 想我这种 Brute Force 写写的傻 X 真是代码量飞起来了耶,喵~ 如果把每个人看成点,每个人要 kill 的人向此人连出一条有向边,那么每个点仅有一条出边和一条入边 经验告诉我们,这就是 环+内向图 的节奏 经验又告诉我,处理这种图要么先暴力搞环,再搞挂在环上的树.要么先搞树,再弄环. 此题显然是后者 环+内向图只需要用 bfs 就可以搞出来了,看到写 tarjan 的真是 Or…

这题我真是无能为力了 这题的做法还是挺简单的 枚举左下角的点做为原点,把其余点按极角排序    PS.是作为原点,如枚举到 k 时,对于所有 p[i] (包括p[k]) p[i]-=p[k] (此处为向量减法) 排序后满足 i<j 的两个向量 p[i] 和 p[j] 的叉积都是正数了 ΣΣp[i]×p[j] = ΣΣ(p[i].x*p[j].y-p[i].y*p[j].x) = Σ(p[i].x*Σp[j].y)-Σ(p[i].y*Σp[j].x) 计算叉积和的复杂度就从 O(n2) 降为了 O…

这滞胀题调了两天了... 好愚蠢的错误啊... 其实这道题思维比较简单,就是利用treap进行维护(有人说线段树好写,表示treap真心很模板) 就是枚举所有长度为k的区间,查出中位数,计算代价即可. (根据绝对值不等式的几何意义,中位数一定是最优解) 而维护长度为k的区间也很简单,就是首先把前k个扔到树上,然后每次把新来的插入,把最前面的一个删除即可 至于求中位数,简直就是基础操作嘛 关键在于...代价怎么算? 显然我们不能把所有数枚举出来挨个加减,这样会T飞的... 所以我们考虑直接在tre…

1124: [POI2008]枪战Maf Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 659  Solved: 259[Submit][Status][Discuss] Description 有n个人,每个人手里有一把手枪.一开始所有人都选定一个人瞄准(有可能瞄准自己).然后他们按某个顺序开枪,且任意时刻只有一个人开枪.因此,对于不同的开枪顺序,最后死的人也不同. Input 输入n人数<1000000 每个人的aim Output 你要求最…

传送门 分析 我们知道对于一个割点,我们如果去掉它就会使原来的图被分为若干块,则这是我们将所有块包含的点的个数两两相乘即可,而如果不是割点则对于图的连通性没有影响.注意在最后要加上2*(n-1)表示去掉的那个点对答案产生的贡献. 代码 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<string> #include<algorithm> #include<ccty…