被以前自己瞎YY的东西坑了T T...单调队列的确是可以维护这种操作的.... 显然这题可以转化成维护不在车上的东西的最小值, 支持插入和删去最早出现的值,然后就可以用单调队列了T T #include<iostream> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<cstdio> #include<algorithm> #define ll long long #define uint unsign…

[题意]一开始车上有编号为0~a的红茶,过程中出现的红茶编号仅有[0,b),有三种操作: 1.买进编号未在车上出现过的红茶. 2.丢掉车上指定编号的红茶. 3.将最早丢出去的红茶捡回来. 每次操作后求编号最小的不在车上的红茶. [算法]单调队列 [题解]本题最重要的性质在于早丢早捡. 因此,当进行丢掉编号为x的红茶这一操作时,如果编号>x的红茶早丢,那么也一定早捡,所以这些红茶没有贡献. 所以用单调队列维护所有有效的红茶,那么捡回来的时候判断是否队头,每次答案就是min(队头,maxs+1),m…

有一辆车一开始装了编号0-a的奶茶,现有m次操作,每次操作Pi在[-1,b),若Pi为一个未出现过编号的奶茶,就把他买了并装上车:若Pi为一个在车上的奶茶,则把他丢下车:否则,此次操作为捡起最早丢下去的奶茶,若没有符合要求的奶茶则忽略此次操作.对每次操作需要在线询问:操作进行后,不在车上的奶茶的最小编号.m<=1e6,b<=2m,a<=m,数据组数T<=50. 方法一:nlogn暴力,什么树状数组优先队列尽管上.. 方法二:不在车上的最小编号,其实就是还没买的最小和丢下车的最小,还…

description 题面很长,这里给出题目链接 solution 用队列维护扔掉的红茶,同时若后扔出的红茶比先扔出的红茶编号更小,那么先扔出的红茶不可能成为答案,所以可以用单调队列维护 故每次询问的答案只可能是单调队列的队首或者没有出现过的红茶中编号最小的,后者可以\(O(b)\)暴力计算 code #include<bits/stdc++.h> using namespace std; namespace IO{ int c; unsigned int seed; unsigned in…

题目啰嗦:支持三个操作: 不可重复集合:1.加入一个数 2.删除一个数 3.恢复目前最早的一次删除的数 操作可能不合法,每次有效操作之后求集合的mex(最小没有出现过的数) 50组数据+1e6,必须O(N) 维护删除.恢复的数的操作可以队列维护. 数有没有在集合里可以全局bool数组记录 加入删除一个数,mex怎么维护? 考虑化简问题:只插入? 直接mex往上走到第一个没有出现的数即可.单增,O(N) 有删除? 如果删除小的一个数,mex要跳下来,然后再恢复这个删除的数,mex又得一步一步走上去…

二次联通门 : LibreOJ #517. 「LibreOJ β Round #2」计算几何瞎暴力 /* LibreOJ #517. 「LibreOJ β Round #2」计算几何瞎暴力 叫做计算几何 实则毒瘤数据结构 看到xor后 考虑Trie树 Trie树的每一个节点保存的是以当前子树中每个二进制位的个数 给Trie打一个全局xor标记,如果标记这一位是1,就交换它的两个儿子 另外维护一个前缀和 前缀和存的是没sort过的值的和 Trie维护的是sort之后的值 1操作直接在前缀和后加就好…

二次联通门 : LibreOJ #528. 「LibreOJ β Round #4」求和 /* LibreOJ #528. 「LibreOJ β Round #4」求和 题目要求的是有多少对数满足他们的最大公约数的质因子不超过一个 f (x) 表示有多少对数满足最大公约数中含有x^2这个因子 那么f (x) = N / x ^ 2 * M * (x ^ 2) 答案即为所有数字减去不符合要求的数字个数 但是我们发现,可能某对数字的最大公约数含有多个质数平方因子 那么在处理的时候就会重复筛去 这时我…

二次联通门 : LibreOJ #527. 「LibreOJ β Round #4」框架 /* LibreOJ #527. 「LibreOJ β Round #4」框架 %% xxy dalao 对于每一个小方格 统计一下顶边向右延伸出几条边 左边的边向下延伸出几条边 后枚举每个小方格即可 */ #include <cstdio> #include <iostream> ; char Buf[BUF], *buf = Buf; inline void read (int &…

二次联通门 : LibreOJ #526. 「LibreOJ β Round #4」子集 /* LibreOJ #526. 「LibreOJ β Round #4」子集 考虑一下,若两个数奇偶性相同 若同为奇数, 那加1后就是偶数, gcd的乘积就一定不是1 偶数相同 那么我们把原数中的偶数分为一个集合,奇数分为一个集合 把互相之间不符合要求的连边 那么问题就转化为了二分图求最大独立集 */ #include <cstdio> #include <iostream> #includ…

二次联通门 : LibreOJ #525. 「LibreOJ β Round #4」多项式 官方题解 : /* LibreOJ #525. 「LibreOJ β Round #4」多项式 由于会有多种解 所以只需要找出一组特殊解即可 */ #include <cstdio> #include <iostream> void read (int &now) { register char c = getchar (); ; !isdigit (c); c = getchar…