UOJ Round #1 难度很良心啊! 做出了前两题,第三题看到仙人掌就吓哭了. [UR #1]缩进优化 就是求 \[ \sum_{i=1}^n a_i - (x-1)\sum_{i=1}^n\lfloor \frac{a_i}{x} \rfloor \] 最小值. 调和级数\(O(nlogn)\) #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #…

UOJ Round #15 大部分题目没有AC,我只是水一下部分分的题解... 225[UR #15]奥林匹克五子棋 题意:在n*m的棋盘上构造k子棋的平局 题解: 玩一下发现k=1, k=2无解,然后间隔着,上下两行相同: 010101 010101 101010 101010 这样构造下来就行了. 然后要特判n=1 或 m=1,这时候k=2可以有解 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #i…

构造+贪心/数论 为什么只有两个标题呢……因为第二题我不会…… 怎样提高智商 构造题……然而一开始半天我都yy不出来…… 后来我想:这题应该不会特别麻烦,而且既然样例只给了1,可能再给大一点就让人发现规律了……(心理战的可怕0.0?)然后yy了一下,发现全部都写0的答案是最多的,是$4*3^{n-1}$,然后就过了…… 唯一用到的是快速幂? //UOJ Round #5 A #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cstring…

枚举/DP+排列组合 缩进优化 QAQ我当时一直在想:$min\{ \sum_{i=1}^n (\lfloor\frac{a[i]}{x}\rfloor + a[i] \ mod\ x) \}$ 然而并不会做啊……一点思路也没有……主要是后面那个取模非常难受…… 其实正解有点逆向思维的感觉:$ans=\sum_{i=1}^n a[i] - max\{ \sum_{i=1}^n \lfloor \frac{a[i]}{x}\rfloor *(x-1) \} $ 也就是先将a[i]全部加起来,然后再…

A 一道不错的题,虽然大家都觉得是水题,然而蒟蒻我想出来的好慢……Orz alpq 发现其实就是一个网格图,每一个大块都是同一颜色……横纵坐标互不干扰…… //UOJ Round #8 A #include<vector> #include<cstdio> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<iostream> #include<algorithm> #define rep(i,n…

算法零 $n,m \le 100, q \le 10$ 的话,直接给网格中的每一个格点都建一个点,然后该怎么最短路就怎么最短路,该怎么并查集+BFS就怎么并查集+BFS. 复杂度 $O(qnm)$,可以拿下前30分. 算法一 $n\le 10^5, m = 1, q\le 10^5$ 的话,我们可以直接预处理出 $(1,1)-(1,i)$ 的距离以及 $(1,i)-(1,n)$ 的距离,然后就枚举走的方式 $i-j$ 或者 $j-n-1-i$ 就可以啦. 复杂度 $O(n + q)$,结合算法零…

题目链接:UOJ - 51 据说这题与 CF 39E 类似. 题目分析 一看题目描述,啊,博弈论,不会!等待爆零吧... 这时,XCJ神犇拯救了我,他说,这题可以直接搜啊. 注意!是用记忆化搜索,状态为 (a, b) . 是这样的:我们从后面倒着推,对于一个无法再增加 a 或 b 的 (a, b) 状态,当前走的人必败.这是终止的状态. 而对于一个不是终止状态的状态 (a, b) ,可能有两种后继状态 (a + 1, b) || (a, b + 1) ,我们递归先求出这两个后继状态是必败还是必胜…

枚举/二分 C题太神窝看不懂…… 核聚变反应强度 QwQ很容易发现次小的公约数一定是gcd的一个约数,然后……我就傻逼地去每次算出a[1],a[i]的gcd,然后枚举约数……这复杂度……哦呵呵... 正解是先找到a[1]的所有质因数啊……然后在刚刚那个算法的“枚举gcd的约数”的时候直接枚举这些质因数就好了…… //UOJ Round3 A #include<vector> #include<cstdio> #include<cstring> #include<c…

题解: 质量不错的一套题目啊..(题解也很不错啊) t1: 首先暴力显然有20分,把ai相同的缩在一起就有40分了 然后会发现由于原来的式子有个%很不方便处理 so计数题嘛 考虑一下容斥 最终步数=初始步数-使用tab键减少的步数=(x-1)*sigma(ai/x) 这个显然就很好维护了 我们考虑对于ai/x只会有根号ai个取值 然后每个值分别实现区间加区间减 这样用差分来做就是n根号x 线段树nlogn根号x 复杂度稍微大了点 满分做法就是枚举x,然后枚举y,计算a[i]/x=y的数有几个,计…

#22. [UR #1]外星人 一开始随便搞出第一问答案,很显然的性质对$x$有变化的$a$一定是递减的,就拿一个桶直接记录可以达到的值 然后我开始想第二问,一开始想直接在这个桶上统计答案,然后发现不行,之后再想,如果利用上面的性质,在选取了一个$a_i \leq x$时,会有一段区间的$a$可以随便插入到$a_i$之后,然后就被一些组合数学的细节绕晕,没有想清楚,这一段区间是$(x \mod a_i,x]$,并且要在$a_i$中挑一个出来放在最前面,然后会发现$x \mod a_i$是一个子问…