最后刷个水,睡觉去.Bless All! [题目大意] 给定一个地图,为FGD想要旅行的区域,地图被分为n*n的网格,每个格子(i,j) 的高度w(i,j)是给定的.若两个格子有公共顶点,那么他们就是相邻的格子.(所以与(i,j)相邻的格子有(i−1, j−1),(i−1,j),(i−1,j+1),(i,j−1),(i,j+1),(i+1,j−1),(i+1,j),(i+1,j+1)).我们定义一个格子的集合S为山峰(山谷)当且仅当:1.S的所有格子都有相同的高度.2.S的所有格子都联通3.对于…

题目传送门 GRZ山峰和山谷 Description FGD小朋友特别喜欢爬山,在爬山的时候他就在研究山峰和山谷.为了能够让他对他的旅程有一个安排,他想知道山峰和山谷的数量.给定一个地图,为FGD想要旅行的区域,地图被分为n*n的网格,每个格子(i,j) 的高度w(i,j)是给定的.若两个格子有公共顶点,那么他们就是相邻的格子.(所以与(i,j)相邻的格子有(i?1, j?1),(i?1,j),(i?1,j+1),(i,j?1),(i,j+1),(i+1,j?1),(i+1,j),(i+1,j+…

Description FGD小朋友特别喜欢爬山,在爬山的时候他就在研究山峰和山谷.为了能够让他对他的旅程有一个安排,他想知道山峰和山谷的数量.给定一个地图,为FGD想要旅行的区域,地图被分为\(n\times n\)的网格,每个格子(i,j) 的高度w(i,j)是给定的.若两个格子有公共顶点,那么他们就是相邻的格子.(所以与(i,j)相邻的格子有(i-1, j-1),(i-1,j),(i-1,j+1),(i,j-1),(i,j+1),(i+1,j-1),(i+1,j),(i+1,j+1)).我…

[题目链接] https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1102 [算法] 广度优先搜索 [代码] #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define MAXN 1010 const int INF = 2e9; ] = {,,-,,-,-,,}; ] = {-,,,,-,,-,}; int i,j,n,mn,mx,ans1,ans2; int a[MAXN][MAXN]; bool…

#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #include <algorithm> #define maxn 1005 using namespace std; ],head,tail; bool vis[maxn][maxn]; ]={-,,,-,,-,,}; ]={-,-,-,,,,,}; void init(int x){ ;i<…

Description Byteasar the Cryptographer works on breaking the code of BSA (Byteotian Security Agency). He has alreadyfound out that whilst deciphering a message he will have to answer multiple queries of the form"for givenintegers $a$, $b$ and $d$, fi…

题面 事实上这份代码在洛谷过不去,因为好像要用到一些压缩空间的技巧,我并不想(hui)写(捂脸) 先预处理$1$到$k+1$这些点之间相互的最短路和它们到终点的最短路,并记录下每个点能够转移到时的状态,然后就是状压dp辣. 设$dp[s][i]$表示状态为$s$时处在点$i$的最短路,就可以$O(2^kk^2)$转移了,注意最好减一些不合法状态,因为这时间挺危险的=.= #include<queue> #include<cstdio> #include<cstring>…

题面 有点意思的题 从一个位置$i$出发可以到达每一个位置即是从$1,n$出发可以到达$i$.然后有了一个做法:把图上下反转后建反图,这样就可以求从一个点$i$到达左右两侧的花费$dp[i][0/1]$了,这个花费就是当前总长度-到这个点为止的LIS长度(左右各求一遍).因为还要考虑边的这个问题,可以用一个权值树状数组维护前/后缀最大值来实现.可以发现合法点的左侧都能到达左端,右侧都能到达右端,所以其实我们找的是一段区间,即找一段区间$(l,r)$使得$dp[l][1]+dp[r][0]<=k$…

题面 这是个$O(nlog^2$ $n)$的解法,因为蒟蒻博主没有看懂$O(nlog$ $n)$的更优秀的解法 显然从小到大装砝码是最优的方法,又显然从大到小装容器不会使得答案变劣,还显然砝码数具有单调性.于是就很好做了,先将砝码从小到大排序,每次二分答案后用一个大根堆维护容器然后按题意模拟即可 // luogu-judger-enable-o2 #include<queue> #include<cstdio> #include<cstring> #include<…

[题目链接] https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1098 [算法] 显然 , 答案为补图的连通分量个数 用链表优化BFS , 时间复杂度 : O(N + M) [代码] #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define MAXN 100010 #define MAXM 2000010 struct edge { int to , nxt; } e[MAXM <<…