传送门 \(A\) 咕咕 const int N=1005; char s[N];int val[N],n; int main(){ scanf("%s",s+1),n=strlen(s+1); fp(i,1,n)++val[s[i]]; if((val['W']!=0)^(val['E']!=0))return puts("No"),0; if((val['S']!=0)^(val['N']!=0))return puts("No"),0; r…

AtCoder Grand Contest 003 A - Wanna go back home 翻译 告诉你一个人每天向哪个方向走,你可以自定义他每天走的距离,问它能否在最后一天结束之后回到起点. 题解 什么逗逼东西... #include<cstdio> #include<cstring> using namespace std; char s[1010]; bool W,E,S,N; int main() { scanf("%s",s+1); for(in…

A - Biscuits 题目: 给出 \(n\) 个物品,每个物品有一个权值. 问有多少种选取方式使得物品权值之和 \(\bmod\space 2\) 为 \(p\). \(n \leq 50\) 题解: 记录一下 \(n\) 个物品中权值是奇数的数的个数. 分类讨论一下喽... #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> using namespace std; typedef long lon…

题目传送门:https://agc003.contest.atcoder.jp/tasks/agc003_d 题目大意: 给定\(n\)个数\(s_i\),要求从中选出尽可能多的数,满足任意两个数之积都不是完全立方数 对于每个数\(s_i\),有\(s_i=\prod\limits_{i=1}^mp_i^{k_i}\),则我们令\(a_i=\prod\limits_{i=1}^mp_i^{k_i\%3}\),然后我们用\(a_i\)代替\(s_i\)来进行考虑, 对于每个\(a_i\),满足\(…

题目传送门:https://agc003.contest.atcoder.jp/tasks/agc003_e 题目大意 一串数,初始为\(1\sim N\),现有\(Q\)个操作,每次操作会把数组长度变成\(L_i\),多余的长度直接截断:长度不够则循环填充,问最后\(1\sim N\)每个数的出现次数 首先维护一个单调递增的栈,因为较短的\(L_i\)可以让较长的\(L_{i'}\)失去其意义 然后我们倒推,对于一个\(L_i\),它能对\(L_{i-1}\)产生\(F_i×\lfloor\d…

题目传送门:https://agc003.contest.atcoder.jp/tasks/agc003_f 题目大意: 给定一个\(H×W\)的黑白网格,保证黑格四连通且至少有一个黑格 定义分形如下:\(0\)级分形是一个\(1×1\)的黑色单元格,\(k+1\)级分形由\(k\)级分形得来.具体而言,\(k\)级分形中每个黑色单元格将会被替换为初始给定的\(H×W\)的黑白网格,每个白色单元格会被替换为\(H×W\)的全白网格 求\(k\)级分形的四连通分量数,答案对\(10^9+7\)取模…

那天晚上由于毕业晚会与同学吃饭喝酒没打 AGC,第二天稍微补了下题,目前补到了 E,显然 AGC 的 F 对于我来说都是不可做题就没补了(bushi A 简单题,不难发现如果我们通过三次及以上的操作将这个串消完,那么我们完全可以把它压缩到两次以内,因此如果两段字符不同答案就是 \(1\),否则我们枚举分割点然后判断分割点两段是否都可以一次消完,如果存在这样的分割点答案就是 \(2\),否则答案为 \(-1\). B 注意到如果我们将原序列分成和相等的两部分并两部分将它们排成一列,那么有且只有一种…

第一次套刷AtCoder 体验良好 传送门 Poisonous Cookies cout<<b+min(c,a+b+); Tree Burning 难度跨度有点大啊 可以证明当第一次转向之后,接下来每次的方向都和前一次相反 因为转向后再往相同方向走一定不如初始就往该方向走然后转两次向 枚举初始往哪个方向走以及走几步,前缀和优化即可 #include<ctime> #include<cmath> #include<cstdio> #include<cst…

题面 传送门 题解 比赛的之后做完\(AB\)就开始发呆了--简直菜的一笔啊-- \(A - Colorful\ Subsequence\) 如果第\(i\)个字母选,那么它前面任意一个别的字母的选择方法为\(cnt_x+1\)种,其中\(cnt_x\)为出现次数,直接乱搞就行了 //minamoto #include<bits/stdc++.h> #define R register #define ll long long #define fp(i,a,b) for(R int i=(a)…

Link: AGC003 传送门 A: 判断如果一个方向有,其相反方向有没有即可 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; ]; map<char,bool> mp; int main() { scanf("%s",s); ;i<strlen(s);i++) mp[s[i]]=true; if(mp['S']==mp['N']&&mp['E']==mp['W']) puts("Ye…