http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3205 历时一天,老子终于把它A了 哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈哈 因为不懂spfa的优化 以及 数组越界  TAT ┭┮﹏┭┮ 牢骚发完了,题解在下面  (⊙o⊙)… n只有9,很像状压dp dp[l][r][x][y] 表示在(x,y)位置 合成了x-y复合机器人 的最少推动次数 它的转移 存在后效性 所以上 斯坦纳树 自身的转移:dp[l][r][x][y]=min{dp[l…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4823 讨厌的形状就是四联通图 且左右各连一个方块 那么破坏所有满足条件的四联通就好了 按上图方式染色之后,任意满足要求的四联通块一定可以是 黑色-->紫左-->紫右-->白色 只要破坏三个箭头中的一个即可 所以可以构建最小割模型 1.源点向黑色格连流量为格子代价的边 2.黑色格向相邻的紫色格连inf边 3.与黑色格相邻的紫色格向与白色格相邻的紫色格连 流量 为 两个紫色格较小代价 的边 4…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4826 吐槽一下bzoj这道题的排版是真丑... 我还是粘洛谷的题面吧... 提供p1的攻击力:i,j 位置的数是区间[i,j]的最大值和次大值 提供p2的攻击力:i,j位置的数有一个是区间[i,j]的最大值,另一个不是次大值 记录L[i].R[i] 分别表示i左右第一个大于k[i]的位置 p1的贡献: 1.点对(L[i],R[i])    2.点对(i,i+1) p2的贡献: 1.点对(L[i],…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4592 注意操作1 先挖再补,就是补的范围可以包含挖的范围 SHOI2015 的题 略水啊(逃) #include<cstdio> #include<iostream> #define N 200001 using namespace std; #define max(x,y) ((x)>(y) ? (x) : (y)) #define min(x,y) ((x)<(y)…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3938 以时间为x轴,以距离为y轴,那么每个机器人的行走路径就是一条折线 把折线分段加入线段树里,然后就是线段树维护单点一次函数最大值和最小值 调了半下午+一晚上一直在TTT 今早突然发觉, 之前用来贡献最大值的一次函数和最小值的一次函数都放在了一颗线段树里 下传的时候,同时更新最大值和最小值, 导致只需要更新最小值的一次函数的时候也更新了最大值的一次函数 由于永久标记虽然不会出错,但过多的下放标记…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1858 2018 自己写的第1题,一遍过 ^_^ 元旦快乐 #include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; #define N 100001 struct node { int siz; ],R[],con[]; ]; bool rev; int cover; }tr[…

https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4650 如果能够预处理出 suf[i] 以i结尾的形式为AA的子串个数 pre[i] 以i开头的形式为AA的子串个数 ans= ∑ suf[i]*pre[i+1] 这两个数组的求法,类似bzoj 2119.3238 枚举|A|的长度len,将序列每len个分一块,取每块内第一个元素作为关键点 每个合法的AA恰好占据两个关键点 枚举每一个关键点i,取j=i+len 计算[i,n]和[j,n]的lcp…

https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3676 回文自动机模板题 4年前的APIO如今竟沦为模板,,,╮(╯▽╰)╭,唉 #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; #define N 300001 char ss[N]; int s[N]; ,last; int fail[N],len[N],cnt[N…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2244 每枚导弹成功拦截的概率 = 包含它的最长上升子序列个数/最长上升子序列总个数 pre_len [i] 表示以i结尾的最长不下降子序列的长度 pre_sum[i] 表示对应长度下的方案数 suf_len[i] 表示以i开头的最长不下降子序列长度 suf_sum[i] 表示对应长度下的方案数 若已有了这4个数组 设最长上升子序列长度=mx 那么 如果pre_len[i]+suf_len[i] -…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4590 二分 这么道水题 没long long WA了两发,没判-1WA了一发,二分写错WA了一发 最近是怎么了啊啊啊O(≧口≦)O #include<cstdio> #include<iostream> using namespace std; int n,m; ]; void read(int &x) { x=; ; char c=getchar(); ; c=getcha…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3670 法一:KMP+st表 抽离nxt数组,构成一棵树 若nxt[i]=j,则i作为j的子节点 那么num[i] 就是i到根节点的路径上,所有<=i/2 的节点的个数 这棵树的点随深度的递增而增大 所以用st表存这棵树 st 表 开[logn][n],常数优化求st表的过程 #include<cmath> #include<cstdio> #include<cstring…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1185 题解去看它 http://www.cnblogs.com/TheRoadToTheGold/p/8253800.html 精度真是卡的我醉生梦死,w(ﾟДﾟ)w    O(≧口≦)O bzoj改成long double 就过了 洛谷仍处于 输出x.99999,答案输出x+1.00000 输出-0.00000,答案输出0.00000 救命啊~~~~(>_<)~~~~ 来自大佬的建议:输出do…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1879 f[i][j] 表示匹配了i个字符,匹配字符串的状态为j的方案数 枚举下一个字符是什么 计算加上这个自字符之后新匹配到的状态s f[i+1][s]+=f[i][j] 转移的时候判断如果f[i][j]==0,就不用枚举字符了 没有这个复杂度在6e8,TLE 其实可以预处理 g[i][j]表示已经匹配了长度为i,再加字符j 可以匹配到的状态 #include<cstdio> #include&…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3994 设d(x)为x的约数个数,给定N.M,求 用到的一个结论: 证明: 枚举n的约数i,枚举m的约数j 那么i*j一定是n*m的约数 d(nm)相当于不同的i*j 的个数 若i, j 不互质 设gcd(i,j)= g , 则 i= p*g ,j=q*g 那么i*j 可以 组成两个互质数p*g*g 和 q 的乘积 p*g*g 和 q 也都输n和m的约数 即p*g*g 和 q 也都是合法的i,j 所…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1569 dp[i][j][a][b] 表示i个职员,发广告状态为j,已有金钱a,声誉b的最少天数 j=0 表示没有发广告,否则j表示距离发广告j天 枚举有t个人增加金钱,那就有i-t个人增加声誉 当j=3时,人数+1 当j=0或j=3时,考虑发不发广告 注意: 1.当天赚的钱可以用来发广告 2.新招募的人当天不能为公司带来收益 #include<cmath> #include<cstdio&…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4300 f[i] 表示第i位&为1的最长长度 #include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; void read(int &x) { x=; char c=getchar(); while(!isdigit(c)) c=getchar(); +c-';…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1260 区间DP模型 dp[l][r] 表示涂完区间[l,r]所需的最少次数 从小到大们枚举区间[l,r] 如果col[l]==col[r] dp[l][r]=min(dp[l+1][r],dp[l][r-1],dp[l+1][r-1]+1) 否则 dp[l][r]=min(dp[l][k]+dp[k+1][r]) 我还是辣鸡啊~~~~(>_<)~~~~,这种题都不能秒 #include<c…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1207 dp[i] 表示打的最后一只鼹鼠是第i只,最多能打多少只鼹鼠 输出max(dp[i]) 错解: 再加一个转移:dp[i]=max(dp[i],dp[i-1]); 输出dp[m] 错因: dp[i] 由dp[j] 转移时,计算的是 j到i的距离,默认j打了, 加上那个转移,dp[i] 表示的是 前i只鼹鼠最多打多少只,转移的位置可能不是i #include<cstdio> #include&…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1935 二维偏序问题 排序x,离散化树状数组维护y #include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> #define lowbit(x) x&-x using namespace std; #define N 500001 struct TREE { int xi,yi; }Tree[N]; struct…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3993 二分答案 源点向武器连 mid*攻击力的边 机器人向汇点连 防御力 的边 武器i能攻击机器人j,i向j连 >=j防御力的边 判断最大流是否=防御力 将时间.防御力 * 10000,避免浮点数运算 #include<queue> #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> using n…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1036 树链剖分板子题 #include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> #define N 30001 using namespace std; ],nxt[N<<],tot; int n,val[N]; int siz[N],fa[N],dep[N]; int id[N],dy[N],bl[N];…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1033 经半个下午+一个晚上+半个晚上 的 昏天黑地调代码 最终成果: codevs.洛谷.tyvj上AC COGS数据本机评测AC,提交50 bzoj WA 1.新产生蚂蚁时,如果洞口有蚂蚁,则不产生 2.移动的时候,第一次不能动,就不能动,接着下一次还不能动,那就可以走回之前来的那个位置 3.攻击,炮选定目标蚂蚁之后,要判断被殃及的蚂蚁所在圆是否与激光(线段)有交点 判断方式: 先判断是否与激光…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4515 把lca带进式子,得到新的式子 然后就是 维护树上一次函数取min 一个调了一下午的错误: 当一条线段完全在另一条线段之下时,用下面的完全覆盖上面的 判断条件为  两线段在范围内没有交点 然后若 新的线段的某一个端点<原来线段的对应的一个端点,就覆盖 错误的写法: 判断的时候 把两条线段在端点处相等也加了进去 即判断条件为  两线段在范围内没有交点 或 交点 在线段端点出 那么 若 新的线段…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4817 lct+线段树+dfs序 操作1:access 操作2:u到根的-v到根的-lca到根的*2+1 操作3:查询线段树区间最大值 1A,嘎嘎嘎 #include<cmath> #include<cstdio> #include<iostream> using namespace std; #define max(x,y) ((x)>(y) ? (x) : (y)…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3779 有一棵树,初始每个节点有不同的颜色 操作1:根节点到x的路径上的点 染上一种没有出现过的颜色 操作2:操作1后把x换成根 操作3:定义点x的点权为x到根节点路径上不同颜色的数量,查询x的子树点权和 LCT+线段树+dfs序 dfs一遍得到每个点的dfs序, 以及每个点子树的dfs序范围,记点x的子树dfs序范围为 [Lx,Rx] 线段树以dfs序为顺序维护 操作1就是access, 一条Pr…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4869 欧拉降幂+线段树,每个数最多降log次,模数就会降为1 #include<cmath> #include<cstdio> #include<iostream> using namespace std; #define N 50001 int n,m,p,c; int a[N]; ]; ]; ],phi[]; int ans; bool flag; void read…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1095 点分树+堆 请去看 http://www.cnblogs.com/TheRoadToTheGold/p/8463436.html 线段树维护括号序列 对树进行dfs,入栈时加一个左括号,出栈时加一个右括号,那么书上两点间的距离=括号序列两点间不匹配括号数 例: 树1--2--3,2为根 括号序列为 (2(3)(1)) 2和1的距离 为 ()( = 1, 3和1的距离为 )( =2 具体怎么维…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3672 法一:线段树维护可持久化单调队列维护凸包 斜率优化DP 设dp[i] 表示i号点到根节点的最少花费 dis[i] 表示 点i到根节点的距离 dp[i]= min { (dis[i]-dis[j])* P[i] + Q[i] + dp[j] }   j是i的祖先且dis[i]-dis[j]<=L[i] 即 dp[i]+dis[j]*P[i]=dp[j]+dis[i]*P[i]+Q[i] 斜率优…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3730 点分树内对每个节点动态维护2颗线段树 线段树以距离为下标,城市的价值为权值 对于节点x的两棵线段树: 一棵维护 点分树中,x的子树 的贡献 一棵维护 点分树中,x对x的父节点的贡献 查询和修改时,暴力往上爬点分树 点分树保证了最多往上爬log次 查询x k时,先加上点分树内,x的子树中距离<=k的权值和, 再爬到x的父节点f,若x和f的距离为d,则加上f的子树中距离<=k-d的权值和,还要…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2325 设线段树节点区间为[l,r] 每个节点维护sum[0/1][0/1]  从l的A/B区域到r的A/B区域 经过冰块的最大数量 mx[0][0] 从l的A区域出发向r经过冰块的最大数量 mx[0][1] 从l的B区域出发向r经过冰块的最大数量 mx[1][0] 从r的A区域出发向l经过冰块的最大数量 mx[1][1] 从r的B区域出发向l经过冰块的最大数量 #include<cstdio>…