Yash is finally tired of computing the length of the longest Fibonacci-ish sequence. He now plays around with more complex things such as Fibonacci-ish potentials. Fibonacci-ish potential of an array ai is computed as follows: Remove all elements j i…

LINK 题目大意 给你一个序列a,Q次询问,每次询问\([l,r]\) 把\([l,r]\)的数排序去重,得到序列b,f是斐波那契数列 求\(\sum_{b=1}^{len} b_if_i\) 思路 发现单次如果加入和减去一个数 只需要把这个数的贡献加上/减去,然后把大于他的数斐波那契数的下标++/-- 这个东西如果可以维护就可以完成单次加入个删除了 那么就可以用莫队来把询问离线处理 然后考虑加入一个数或者删除一个数 先离散化,用线段树维护起来 每个区间直接维护这个区间的答案 因为线段树需要累…

题目大意:给出一个长度为n的数列a. 对于一个询问lj和rj.将a[lj]到a[rj]从小到大排序后并去重.设得到的新数列为b,长度为k,求F1*b1+F2*b2+F3*b3+...+Fk*bk.当中F为斐波那契数列.F1=F2=1.对每一个询问输出答案模m. 区间查询离线 用莫队算法 开棵权值线段树,然后用斐波那契的性质update F(n+m)=F(n+1)*F(m)+F(n)*F(m-1); #include<cstdio> #include<cstdlib> #includ…

题目大意: 一个数列 q次询问 每次询问l r 将数列中l-r的位置排序去重后的数列成为b 输出 sigma b i * F i (其中F i为斐波那契数列中的第i项) 思路: 由于要去重 考虑权值线段树 于是先把整个数列离散 区间+不会=莫队 由于n为30000 考虑每次修改log n的复杂度 用线段树维护当前线段的答案 数字个数 发现并不会维护 因为我们需要把 1-a 1-b 的这两个区间合并为 1- a+b 看了一波tutorial 发现: (尝试证明 但由于水平太菜只能用通项公式口胡)…

Codeforces 题目传送门 & 洛谷题目传送门 蠢蠢的我竟然第一眼想套通项公式?然鹅显然 \(5\) 在 \(\bmod 10^{13}\) 意义下并没有二次剩余--我真是活回去了... 考虑打表找规律(u1s1 这是一个非常有用的技巧,因为这个 \(10^{13}\) 给的就很灵性,用到类似的技巧的题目还有这个,通过对这些模数的循环节打表找出它们的共同性质,所以以后看到什么特殊的数据或者数据范围特别大但读入量 \(\mathcal O(1)\) 的题(比如 CF838D)可以考虑小数据打…

版权声明:本文为博主原创文章,未经博主同意不得转载. https://blog.csdn.net/qq574857122/article/details/34120269 题目链接:点击打开链接 题意: 给定一个数n 问把这个数拆成多个不同样的fibonacci数 有多少种拆法 #include<stdio.h> #include<string.h> #include<iostream> #include<algorithm> #include<mat…

http://codeforces.com/gym/101257/problem/F 题意:给出一个n*m的地图,上面相同数字的代表一个国家,问对于每个国家有多少个国家在它内部(即被包围).例如第一个样例,1包围2,2包围3,所以1包围2和3,2包围3. 思路:昨晚tmk大佬给我们讲了一下这题.对于一个国家,将和它相邻的国家连边,最后形成一个图. 可以发现,如果从随便一个点出发DFS,如果失去了某个点之后,导致整个图不连通了,那么这个点就一定包围了一些国家. 例如下面这个样例: 1 1 1 1…

Number Transformation II 题解: 对于操作2来说, a - a % x[i] 就会到左边离a最近的x[i]的倍数. 也就是说 [ k * x[i] + 1,  (k+1)* x[i] -1 ]这段区间的的数都会走到 k * x[i]上. 所以对于每个位置都先计算出他到右边最远的覆盖位置. 然后在反着求出每个位置能往左走走到的最远的位置. 代码: #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define Fopen freo…

题目链接:点击打开链接 = = 990+ms卡过 #include<stdio.h> #include<iostream> #include<string.h> #include<algorithm> #include<vector> #include<set> using namespace std; #define N 100010 #define L(x) (x<<1) #define R(x) (x<<…

题意:给你m条边,每条边有一个权值,每次询问只保留编号l到r的边,让你把这个图分成两部分 一个方案的耗费是当前符合条件的边的最大权值(符合条件的边指两段点都在一个部分),问你如何分,可以让耗费最小 分析:把当前l到r的边进行排序,从大到小,从大的开始不断加边,判断当前能否形成二分图,如果能形成二分图,继续加边 如果不能形成二分图,那当前边的权值就是最小耗费(是不是很眼熟) 思路很清晰,现在我们要解决的是如何判断可以形成二分图,有两种,一个是2染色当前图(肯定超时) 所以只剩一种方法,带权并查集…