[链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 在这里输入题意 [题解] 枚举第一种方法. 剩下的全都个第二种方法. 看看能组成多少个队伍就可以了. [代码] #include <bits/stdc++.h> #define ll long long using namespace std; int n,m; int main() { ios::sync_with_stdio(0),cin.tie(0); cin >> n >> m; int ans = 0; for(int…

[链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 在这里输入题意 [题解] a1+a2+...+ak<a2+a3+...ak+1 ->a1<ak+1 a2+a3+...+ak+1<a3+a4+...+ak+2 ->a2<ak+2 类似还可以推出 a3<ak+3 a4<ak+4 ... 则有 a1<ak+1<a2k+1<a3k+1... a2<ak+2<a2k+2<a3k+2... ... 也就是每隔k个要是递增的. 你的任务就是维…

[链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 在这里输入题意 [题解] 概率DP; 设f[i][j]表示前i个单位时间,j个人进入房间的概率是多少 然后想一下和i-1秒的时候要怎么转移就可以了. i-1秒可能进入了一个人->f[i][j]+=f[i-1][j-1]p i-1秒没有人进去-> ①已经有n个人了,f[i][j] += f[i-1][j] ②还没有n个人(j<n) f[i][j]+=f[i-1][j](1-p) 最后答案就是\(∑_1^nf[t][i]*i\) [代码] #incl…

[链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 在这里输入题意 [题解] 开3个map, 存在map里面: 然后迭代第一个和第二个map; 分别与第二个和第三个map比较就可以了 [代码] #include <bits/stdc++.h> using namespace std; const int N = 1e5; map<int,int> m[3]; int n; int main() { cin >> n; for (int i = 0;i<3;i++){ for…

[链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 在这里输入题意 [题解] 统计大写和小写的个数. 比较答案.输出即可. [代码] #include <bits/stdc++.h> using namespace std; string s[10]; map<char,int> dic; int inc[300]; int main() { for (int i = 0;i < 8;i++) cin >> s[i]; for (int i = 0;i < 8;i++…

[链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 在这里输入题意 [题解] 最近公共祖先. (树上倍增 一开始统计出每个子树的节点个数_size[i] 如果x和y相同. 那么直接输出n. 否则求出x和y的最近公共祖先.z (假定y的深度大于x [1]如果z等于x或y中的一个. 那么久就找到x..y的路径(长度设为L)中的中点u. 显然,u和它的其他len-1个子树上的任意一个节点都是可行的(除了那个包含y的子树 设_get(x,step)表示x节点往上走step步到达的节点 则输出_sum[中点]-_s…

[链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 在这里输入题意 [题解] 看看什么时候t[i]-t[i-1]>15. 输出t[i-1]+15就好. 不存在这样的i就输出min(t[n]+15,90) [代码] #include <bits/stdc++.h> using namespace std; int n; int t[100]; int main() { cin >> n; for (int i = 1;i <= n;i++)cin>>t[i]; for…

[链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 在这里输入题意 [题解] 要求把连续的一段li..ri的边全都删掉. 然后求剩下的图的联通数 如果暴力的话 复杂度显然是O(k*m)级别的. 考虑我们把li..ri全都删掉. 接下来要做两件事. 第一是把1..li-1这些边连起来. 并查集1 然后是把ri+1..m这些边连起来. 并查集2 然后把并查集1和并查集2合并在一起求联通分量就好 两个并查集合在一起可以在线性复杂度内完成. 那么花费的时间就在1..li-1和ri+1,,m这两个并查集的获取上.…

[链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 在这里输入题意 [题解] 把B提取出来就是一个等比数列了. 求和一下会发现是这种形式. \(B*\frac{(A^n-1)}{A-1}+A^n*x\) 则求一下乘法逆元 写个快速幂就好 A-1的逆元就是\((A-1)^{MOD-2}\) 要注意A=1的情况. 然后n最大可能为10^18 所以乘的时候要先对其取模 不然会乘爆 [代码] #include <bits/stdc++.h> #define LL long long using namespac…

[链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 在这里输入题意 [题解] 肯定是这样 先放k-1个,然后空1个,然后再放k-1个.然后再空1个.. 以此类推. 然后如果(n/k)*(k-1)+n%k>=m的话 那么答案显然就是m,因为不会出现乘2的情况. 否则. 那么只能让某些位置乘2了. 那么什么地方乘呢? 肯定是越前面越早乘越好. 那么temp=m-((n/k)*(k-1)+n%k)就是需要多乘2的次数. 从左往右放入那n/k个空位置中的前temp个就好 然后会发现前temp个连续的k块的递推式…