回来更博客的时候才发现.这道题不是跟推断树是不是对称的很相像吗.这个也是用了两个指针同一时候递归啊,有时候思维的局限真可笑. class Solution { public: bool isSameTree(TreeNode *p, TreeNode *q) { if(p == NULL && q == NULL) return true; if(p == NULL || q == NULL) return false; if(p->val != q->val) return…

递归实现当然太简单,也用不着为了ac走这样的捷径吧..非递归实现还挺有意思的. 树的非递归遍历一定要借助栈,相当于把原来编译器做的事情显式的写出来.对于中序遍历,先要訪问最左下的节点,一定是进入循环后,不断的往左下走,走到不能走为止,这时候,能够从栈中弹出訪问的节点,相当于"左根右"过程的"根",然后应该怎么做呢?想一下中序遍历完根节点之后应该干嘛,对,是走到右子树中继续反复这个过程,可是有一点,假设这个节点不包括右子树怎么办?这样的情况下,下一个应该訪问的节点应该…

以出现的频率来看.树的层序遍历一定是考察的重点,除非工作人员想找题水数量. zigzag,还是有几道题的,层序的这个非常easy,假设是奇数层.reverse下面就可以.无他.我写的时候预计还不知道这个函数.要么怎么这么拙呢.. class Solution { public: vector<vector<int> > zigzagLevelOrder(TreeNode *root) { vector<vector<int> > res; if(root =…

必须承认,一開始这道题我是不会做的.由于我心目中的树遍历仅仅能用一个节点发起.多么天真而无知. 我想不通如何同一时候遍历两颗子树.由于根节点一定是一个啊.但是,作为对称轴上的它.从一開始就不应该被考虑,他的左右孩子,不是非常自然的形成了两个遍历的入口吗?可见无知是多么的可怕. bool helper(TreeNode *left, TreeNode *right){ if(left == NULL && right == NULL) return true; if(left == NULL…

有了上面的教训,这道题就简单多了,什么时候该更新pre是明白的了,倒是有个细节,二叉搜索树中是不同意有相等节点的,所以题目的要求用黑体字标明了.写的时候注意就能够了. class Solution { public: TreeNode *pre = NULL; bool isValidBST(TreeNode *root) { if(root == NULL) return true; bool res = true; if(root->left) res &= isValidBST(roo…

构造方式跟中序与后序全然一样,并且一般都习惯正着来,所以更简单. 代码是之前写的,没实用库函数,不应该. TreeNode *buildIt(vector<int> &preorder, int start1, vector<int> &inorder, int start2, int len){ if(len <= 0) return NULL; TreeNode *root = new TreeNode(preorder[start1]); int i =…

这道题是为数不多的感觉在读本科的时候见过的问题. 人工构造的过程是如何呢.兴许遍历最后一个节点一定是整棵树的根节点.从中序遍历中查找到这个元素,就能够把树分为两颗子树,这个元素左側的递归构造左子树,右側的递归构造右子树.元素本身分配空间,作为根节点. 于set和map容器不同的是.vector容器不含find的成员函数.应该用stl的库函数,好在返回的也是迭代器,而vector的迭代器之间是能够做减法的.偏移量非常方便的得到. TreeNode *buildRec(vector<int> &a…

好,二叉搜索树粉末登场,有关他的问题有这么几个,给你一个n,如何求全部的n个节点的二叉搜索树个数?能不能把全部的这些二叉搜索树打印出来? 这道题倒不用考虑这么多,直接转即可了,我用的思想是分治,每次找到一半的位置,分离出中间节点,作为新子树的根节点,然后递归构造前半部分和后半部分. class Solution { public: TreeNode *sortedListToBST(ListNode *head) { if(head == NULL) return NULL; int len =…

这道题预计是ac率最高的一道了.你当然能够用层序遍历,我佩服你的耐心和勇气.由于看到别人的三行代码,会不会流眼泪呢.. class Solution { public: int maxDepth(TreeNode *root) { if(root == NULL) return 0; if(!root->left&&!root->right) return 1; return max(maxDepth(root->left), maxDepth(root->righ…

提示中说明了,改动后的链表相当于原树的前序遍历结果.前序遍历是根左右,因为要把转换后的左子树链接到根节点的右子树上,因此进入递归之后要先把节点的右子树保存下来,然后进入左子树,左子树转换后应该返回最后一个訪问的节点.这个节点的后继是根节点的转换后右子树.说起来很绕,可能看代码反而好一些. 注意一个问题是,不管如何.转换后的根节点一定要把左子树置空.要么会报错的. TreeNode* preOrder(TreeNode *root){ if(!root||(!root->left&&!…