时间限制:10000ms 单点时限:1000ms 内存限制:256MB 描述 在上一回和上上回里我们知道Nettle在玩<艦これ>,Nettle在整理好舰队之后终于准备出海捞船和敌军交战了.在这个游戏里面,海域是N个战略点(编号1..N)组成,如下图所示其中红色的点表示有敌人驻扎,猫头像的的点表示该地图敌军主力舰队(boss)的驻扎点,虚线表示各个战略点之间的航线(无向边).在游戏中要从一个战略点到相邻战略点需要满足一定的条件,即需要舰队的索敌值大于等于这两点之间航线的索敌值需求.由于提高索敌…

http://hihocoder.com/problemset/problem/1139 这题提示上写的是二分,但是感觉不二分应该也可以,至少题目是AC的... 二分的思想就是二分答案的值,看能不能在k步内,得到这个答案值,可以采用bfs来判定. 不二分的话,就是需要一个dis[]数组来保存在前k步内,每个点的最小索敌值,因为bfs在往后的过程中step是越来越大的,所以前面能达到更小的,显然不会重复再跑大的,然后bfs的过程中更新即可.类似于spfa,但是没有对队列去重. 代码: #inclu…

原题地址 挺简单一道题,结果因为一时傻逼写错一个小地方,导致WA成狗了_(:з」∠)_ 代码: #include <iostream> #include <cstring> #include <queue> using namespace std; #define MAX_V 10008 #define MAX_E 200008 int N, M, K, T; int f[MAX_V]; bool v[MAX_V]; int n[MAX_E]; int w[MAX_E]…

题意: 给一个n*m的矩阵作为地图,0为通路,1为阻碍.只能向上下左右四个方向走.每一年会在一个通路上长出一个阻碍,求第几年最上面一行与最下面一行会被隔开. 输入: 首行一个整数t,表示共有t组数据. 每组数据首行两个整数n, m,表示矩阵大小. 接下来输入矩阵. 接下来输入一个整数q,表示一共q年. 接下来q行,第i行为两个整数xi, yi,表示在第i年会在xi, yi长出一个阻碍.数据保证只会在通路上生成阻碍. 输出: 如果在第i年被隔开,则输出i.如果始终无法隔开,则输出-1. 吐槽: 我…

题目链接: India and China Origins Time Limit: 2000/2000 MS (Java/Others)     Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others)Total Submission(s): 685    Accepted Submission(s): 230 Problem Description A long time ago there are no himalayas between India and Chi…

Description Input and Output Codes 描述#1128 : 二分·二分查找 Description Nettle最近在玩<艦これ>,因此Nettle收集了很多很多的船(这里我们假设Nettle氪了很多金,开了无数个船位).去除掉重复的船之后,还剩下N(1≤N≤1,000,000)种不同的船.每一艘船有一个稀有值,任意两艘船的稀有值都不相同,稀有值越小的船越稀有,价值也就越高. Nettle现在通过大建又造出了一艘船,他想知道这艘船是不是重复的.如果是重复的,那么这…

题目 给定N个点和M条边,从点1出发,到达点T.寻找路径上边的个数小于等于K的路径,求出所有满足条件的路径中最长边长度的最小值. 题目链接:二分     最小化最大值,考虑采用二分搜索.对所有的边长进行排序,二分,对每次选择的边长,判断是否存在一条路径满足路径上所有的边长度均小于等于该边长,且路径中的边的个数小于等于K.     在判断路径是否存在的时候,使用BFS搜索,因为BFS用于寻找最短(边的个数最少)路径. 实现 #include<stdio.h> #include<string…

题意: 给你一张图,N个点(0~N-1),m条边,国王要从0到N-1,国王携带一个值,当走到一条边权大于此值的边时,要么不走,要么提升该边的边权,提升k个单位花费k^2块钱,国王就带了B块钱,问能携带的最大值是多少. 解法:  二分此值,然后BFS跑遍每个点,记录到达每个点的最小花费Mincost,如果Mincost[N-1] <= B,则此值可行,往上再二分,否则往下二分. 比赛时候本来我的二分方法应该返回high的,结果返回low,怎么都过不了样例,比赛完才发现此处的问题.  真是太弱. 代…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1189 表示完全不会QAQ.... 于是膜拜题解orz 二分时间........... 于是转换成判定性问题:即如何在有限时间内通过. 假设当前有t时间可供通过...那么每一个门最多能通过t个人........ 然后将所有能够到达门的点连边,容量为无限.... 然后源向每个可行点连边..容量1.. 然后每个门向汇连边..容量为t.. 然后判断即可.... (一开始bfs写错了啊QAQ.. #incl…

题目链接 给一个图, 由01组成, 1不能走. 给q个操作, 每个操作将一个点变为1, 问至少多少个操作之后, 图的上方和下方不联通. 二分操作, 然后bfs判联通就好了. #include <iostream> #include <vector> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <complex> #include <cmat…