题意:每次插入一个数字,查询本质不同的子串有多少个 题解:sam,数字很大,ch数组用map来存,每次ins之后查询一下新建点表示多少个本质不同的子串(l[np]-l[fa[np]]) /************************************************************** Problem: 4516 User: walfy Language: C++ Result: Accepted Time:804 ms Memory:16600 kb ********…

#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<queue> #include<cmath> #include<algorithm> #include<cstdlib> #include<map> #define N 200005 #define ll long long using namespace std; int read()…

4516: [Sdoi2016]生成魔咒 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 1017  Solved: 569[Submit][Status][Discuss] Description 魔咒串由许多魔咒字符组成,魔咒字符可以用数字表示.例如可以将魔咒字符 1.2 拼凑起来形成一个魔咒串 [1,2]. 一个魔咒串 S 的非空字串被称为魔咒串 S 的生成魔咒. 例如 S=[1,2,1] 时,它的生成魔咒有 [1].[2].[1,2].[2…

Brief Description 魔咒串由许多魔咒字符组成,魔咒字符可以用数字表示.例如可以将魔咒字符 1.2 拼凑起来形成一个魔咒串 [1,2]. 一个魔咒串 S 的非空字串被称为魔咒串 S 的生成魔咒. 例如 S=[1,2,1] 时,它的生成魔咒有 [1].[2].[1,2].[2,1].[1,2,1] 五种.S=[1,1,1] 时,它的生成魔咒有 [1]. [1,1].[1,1,1] 三种.最初 S 为空串.共进行 n 次操作,每次操作是在 S 的结尾加入一个魔咒字符.每次操作后都 需要…

题目 魔咒串由许多魔咒字符组成,魔咒字符可以用数字表示.例如可以将魔咒字符 1.2 拼凑起来形成一个魔咒串 [1,2]. 一个魔咒串 S 的非空字串被称为魔咒串 S 的生成魔咒. 例如 S=[1,2,1] 时,它的生成魔咒有 [1].[2].[1,2].[2,1].[1,2,1] 五种.S=[1,1,1] 时,它的生成魔咒有 [1]. [1,1].[1,1,1] 三种.最初 S 为空串.共进行 n 次操作,每次操作是在 S 的结尾加入一个魔咒字符.每次操作后都 需要求出,当前的魔咒串 S 共有多…

果然SA比SAM+map快~加了fread目前rank1. 首先这是SAM裸题,然而SA求本质不同子串个数也很容易.考虑倒着建SA,这样没错加一个字符就变成加一个后缀,其他后缀都不变,那么i的答案就是只考虑前i个后缀的答案.搞个双向链表,每次删一个后缀并RMQ更新答案. (据大佬说SAM+map复杂度有锅,要用主席树,我也不清楚ww) #include<algorithm> #include<cstdio> #define lb lower_bound using namespac…

一个字符串本质不同的子串数量显然是总子串数减去所有height值.如果一个个往里加字符的话,每次都会改动所有后缀完全没法做.但发现如果从后往前加的话,每次只会添加一个后缀.于是我们把字符串倒过来,每次往里添加后缀并维护答案.可以用一棵平衡树,每次插入时查询这个名次的前驱后继以更新. SA板子敲得磕磕绊绊,没什么救了. #include<iostream> #include<cstdio> #include<cmath> #include<cstdlib> #…

传送门 samsamsam入门题. 题意简述:给出一个串让你依次插入字符,求每次插入字符之后不同子串的数量. 显然每次的变化量只跟新出现的nnn个后缀有关系,那么显然就是maxlenp−maxlenlinkpmaxlen_p-maxlen_{link_p}maxlenp​−maxlenlinkp​​. 注意到字符集很大,可以用mapmapmap来维护转移边. 代码: #include<bits/stdc++.h> #define ri register int using namespace…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4516 考虑在后面新加一个字母产生的影响 假设是第i个 如果不考虑重复,那么会增加i个不同的字符串 考虑重复的话,就是找到 最小的j,满足s[j……i] 在之前出现过,那么i的贡献就是j-1 即查找与某个串的最长公共后缀 如果把整个串倒过来,就变成了每次在前面加一个,查找最长公共前缀 这个利用后缀数组的height数组可以解决 有一个很显然的结论是: 若ijk满足  rank(i)<rank(j)<…

题意 题目链接 Sol 毒瘤SDOI 终于有一道我会做的题啦qwq 首先,本质不同的子串的个数 $ = \frac{n(n + 1)}{2} - \sum height[i]$ 把原串翻转过来,每次就相当于添加一个后缀 然后直接用set xjb维护一下前驱后继就行了 时间复杂度:\(O(nlogn)\) // luogu-judger-enable-o2 // luogu-judger-enable-o2 #include<bits/stdc++.h> #define sit set<i…