F - Roads in Berland Time Limit:2000MS     Memory Limit:262144KB     64bit IO Format:%I64d & %I64u Submit Status Practice CodeForces 25C Description There are n cities numbered from 1 to n in Berland. Some of them are connected by two-way roads. Each…

http://codeforces.com/contest/716/problem/D 题目大意:给你一些边,有权值,权值为0的表示目前该边不存在,但是可以把0修改成另外一个权值.现在,我们重新建路,问让s-t的最短路能否刚好是L? 思路:暴力修改即可... //看看会不会爆int!数组会不会少了一维! //取物问题一定要小心先手胜利的条件 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define LL long long #define AL…

传送门 输入输出样例 输入样例#1: 4 4 1 2 1 2 3 1 3 4 1 4 1 1 输出样例#1: 1.000 1.000 1.000 1.000 题解 在进行floyed的过程中,顺便更新最短路数量 结束后统计每个点的答案值 PS:不能在floyed的过程中统计每个点对一条最短路的贡献,因为会有没有计算到的值 在dp过程中一定要注意dp的顺序以及dp中所需的值是否在此之前已求出!! code: //By Menteur_Hxy #include<cstdio> #include&l…

大意: n结点有向有权图, m个操作, 增加若干边的权重或询问源点为1的单源最短路. 本题一个特殊点在于每次只增加边权, 并且边权增加值很小, 询问量也很小. 我们可以用johnson的思想, 转化为差值最短路, 这样边权就在n-1以内, 可以直接暴力跑桶优化dijkstra. #include <iostream> #include <algorithm> #include <cstdio> #include <math.h> #include <s…

[链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 题意 [题解] 用floyd思想. 求出来这条新加的边影响到的点对即可. 然后尝试更新点对之间的最短路就好. 更新之后把差值从答案里面减掉. [代码] #include <bits/stdc++.h> #define ll long long using namespace std; const int N = 300; int n; ll dis[N+10][N+10]; int k; ll ans = 0; void updata(ll &…

There are n cities numbered from 1 to n in Berland. Some of them are connected by two-way roads. Each road has its own length — an integer number from 1 to 1000. It is known that from each city it is possible to get to any other city by existing road…

大意: 有向图, 求找4个不同的点ABCD, 使得d(A,B)+d(D,C)+d(C,A)最大…

Masha wants to open her own bakery and bake muffins in one of the n cities numbered from 1 to n. There are m bidirectional roads, each of whose connects some pair of cities. To bake muffins in her bakery, Masha needs to establish flour supply from so…

题意: 给你一副图,给出的点两两之间的距离是abs(pos1-pos2),然后给你n个数是表示该pos到x的距离是1. 思路: 直接建边,跑spfa就好了.虽然说似乎题意说边很多,其实只要建一下相邻的点的边就好了,这样的图的性质还是得到了: // d*##$. // zP"""""$e. $" $o //4$ '$ $" $ //'$ '$ J$ $F // 'b $k $> $ // $k $r J$ d$ // '$ $ $&…

大意: 给定序列$a$, 求最小子集, 使得gcd为1. 对于数$x$, 素因子多少次幂是无关紧要的, 这样就可以用一个二进制数来表示. $x$取$gcd$后的二进制状态最多$2^7$, 可以暴力枚举后继$y$, 可以得到方案数为$sum=\sum\limits_{i=1}^n[gcd(a_i,x)=y]=\sum\limits_{d|\frac{x}{y}}\mu(d)cnt[yd]$. ($cnt[x]$为能被$x$整除的$a_i$个数). 若$sum>0$则可以达到这个后继. 这样跑一次$…