都是一类题目,推导调试比较烦,想出来还是不难的 /* 给定n个点对,按一维升序排序一次,每个点的序号为Di,按二维升序排序一次,每个点的序号为Hi 求sum{w(i,j)} w(i,j)=abs(Di-Dj)*min(Hi-Hj) 那么将所有的点按照H升序排列,两个树状数组,一个维护区间d的个数,一个维护区间d的总和 每个点的贡献值=树状数组中D小于其的+D大于其的abs 按升序遍历每个点后,将该点在树状数组中删掉 */ #include<bits/stdc++.h> using namesp…

题意:给一个数组,每次询问输出在区间[L,R]之间小于H的数字的个数. 此题可以使用划分树在线解决. 划分树可以快速查询区间第K小个数字.逆向思考,判断小于H的最大的一个数字是区间第几小数,即是答案.这一步可以使用二分搜索上界.时间复杂度是O(logn*logn). #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <stack> #include <algorithm&…

任意门:http://codeforces.com/contest/652/problem/D D. Nested Segments time limit per test 2 seconds memory limit per test 256 megabytes input standard input output standard output You are given n segments on a line. There are no ends of some segments th…

3289: Mato的文件管理 Time Limit: 40 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 1539  Solved: 665[Submit][Status][Discuss] Description Mato同学从各路神犇以各种方式(你们懂的)收集了许多资料,这些资料一共有n份,每份有一个大小和一个编号.为了防止他人偷拷,这些资料都是加密过的,只能用Mato自己写的程序才能访问.Mato每天随机选一个区间[l,r],他今天就看编号在此区间内的这些资料.Mat…

The Battle of Chibi Time Limit: 6000/4000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65535/65535 K (Java/Others)Total Submission(s): 2899    Accepted Submission(s): 1043 Problem Description Cao Cao made up a big army and was going to invade the whole South Ch…

http://acm.hdu.edu.cn/listproblem.php?vol=49 给定一颗树,然后对于每一个节点,找到它的任何一个祖先u,如果num[u] * num[v] <= k.则贡献加1 思路:主要的麻烦就是动态修改前缀和了.因为对于每个数字val.则找它祖先的话, <= k / val的数字,都是合法的.所以问题转化成求你现在dfs中保存的数字,有多少个是  <= k / val的,树状数组即可. 问题就是,数字太大了,这不适合树状数组,那么我们把每个数字离散成他们的下…

题目描述 破解了符文之语,小FF开启了通往地下的道路.当他走到最底层时,发现正前方有一扇巨石门,门上雕刻着一幅古代人进行某种活动的图案.而石门上方用古代文写着“神的殿堂”.小FF猜想里面应该就有王室的遗产了.但现在的问题是如何打开这扇门…… 仔细研究后,他发现门上的图案大概是说:古代人认为只有智者才是最容易接近神明的.而最聪明的人往往通过一种仪式选拔出来.仪式大概是指,即将隐退的智者为他的候选人写下一串无序的数字,并让他们进行一种操作,即交换序列中相邻的两个元素.而用最少的交换次数使原序列变成不…

/* 给定一个数组,要求和小于t的段落总数 求前缀和 dp[i]表示以第i个数为结尾的小于t的段落总数,sum[i]-sum[l]<t; sum[i]-t<sum[l],所以只要找到满足条件的sum[l]数量即可 将sum排序,每次找到sum[i]-t的排名,大于它的就是l的数量 */ #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define ll long long #define maxn 200005 ll tmp[maxn],…

传送门 比 P1439 排列LCS问题,难那么一点点,只不过有的元素不是两个串都有,还有数据范围变大,树状数组得打离散化. 不过如果用栈+二分的话还是一样的. ——代码 #include <cstdio> #include <algorithm> ; int n, m, size, ans; ], q[MAXN << ], p[MAXN << ]; inline int max(int x, int y) { return x > y ? x : y;…

把所有点离散化,虚构一根扫描线从上往下扫,每行的点从左往右算贡献,开一个树状数组维护每个离散化后的x坐标是否已经有点 扫描到一个点时,先把这个点更新到树状数组里,每个点的贡献是它左边的所有点数*到它相邻右边点之间的所有点数 #include<bits/stdc++.h> #include<vector> using namespace std; #define maxn 200005 struct Node {int x,y;}p[maxn]; int cmp(Node a,Nod…