P2695 骑士的工作 题目背景 你作为一个村的村长,保卫村庄是理所当然的了.今天,村庄里来了一只恶龙,他有n个头,恶龙到处杀人放火.你着急了.不过天无绝人之路,现在来了一个骑士团.里面有m位成员(往下看) 题目描述 每个人都可以砍掉一个大小不超过(<=)z的头,要money个金币,求最小花费. 输入输出格式 输入格式: 第一行两个整数 n m 下接n行,一个整数 表示n个头的大小. 下接m行,每个人可以砍的头大小或金币(金币==头的大小). 输出格式: 一个整数,最小花费.如果无解,输出“yo…

https://www.luogu.org/problem/show?pid=2695 题目背景 你作为一个村的村长,保卫村庄是理所当然的了.今天,村庄里来了一只恶龙,他有n个头,恶龙到处杀人放火.你着急了.不过天无绝人之路,现在来了一个骑士团.里面有m位成员(往下看) 题目描述 每个人都可以砍掉一个大小不超过(<=)z的头,要money个金币,求最小花费. 输入输出格式 输入格式: 第一行两个整数 n m 下接n行,一个整数 表示n个头的大小. 下接m行,每个人可以砍的头大小或金币(金币==头…

题目链接 一个很暴力的想法:每个点拆点,向不能同时存在的连边 但是这样边太多了,而且会有很多重复.我不会说我还写了还没过样例 我们实际就是在做一个最大匹配.考虑原图,同在黄/红格里的骑士是互不攻击的,即不会连边. 那么拿这两部分建二分图,分别连向S,T.障碍直接不参与连边.这样边数也少 也直观好写. 原问题尽可能保留多等价于尽可能移走少.求最小割即可. #include <cstdio> #include <cctype> #include <algorithm> #d…

传送门 这题让我联想到一道叫做方格取数问题的题,如果想使摆的更多,就要使不能摆的更少,因此根据骑士的限制条件建图,求出至少有多少骑士不能摆,减一减就行了. 代码: #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int n,m,tot=0,d[500005],dx[8]={1,1,-1,-1,2,2,-2,-2},dy[8]={2,-2,2,-2,1,-1,1,-1},s,t,cnt=-1,first[500005],tim[205][205]; bo…

为什么估价是16,因为最后一步复原空格可以恢复两个位置,当然设成17.18都可以. #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; struct State { char g[5][6]; //矩阵的状态,0是白马,1是黑马,规定空格是* int hstep; //step+估价函数,至少需要的步数 State() {} int h(); //估价函数h,为未归位的骑士数 void move_to(int i…

题目描述 在一个 n*n个方格的国际象棋棋盘上,马(骑士)可以攻击的棋盘方格如图所示.棋盘上某些方格设置了障碍,骑士不得进入 对于给定的 n*n 个方格的国际象棋棋盘和障碍标志,计算棋盘上最多可以放置多少个骑士,使得它们彼此互不攻击 输入输出格式 输入格式: 第一行有 2 个正整数n 和 m (1<=n<=200, 0<=m<n2),分别表示棋盘的大小和障碍数.接下来的 m 行给出障碍的位置.每行 2 个正整数,表示障碍的方格坐标. 输出格式: 将计算出的共存骑士数输出 输入输出样…

题目描述 Z国的骑士团是一个很有势力的组织,帮会中汇聚了来自各地的精英.他们劫富济贫,惩恶扬善,受到社会各界的赞扬. 最近发生了一件可怕的事情,邪恶的Y国发动了一场针对Z国的侵略战争.战火绵延五百里,在和平环境中安逸了数百年的Z国又怎能抵挡的住Y国的军队.于是人们把所有的希望都寄托在了骑士团的身上,就像期待有一个真龙天子的降生,带领正义打败邪恶. 骑士团是肯定具有打败邪恶势力的能力的,但是骑士们互相之间往往有一些矛盾.每个骑士都有且仅有一个自己最厌恶的骑士(当然不是他自己),他是绝对不会与自己最…

二分图求最大独立点集 本问题在二分图中已处理过,此处用dinic写了一遍 #include <iostream> #include <cstdio> #include <algorithm> #include <cstdlib> #include <queue> #include <cstring> using namespace std; const int MAXN=40005,MAXM=5000005; int s,t,head…

传送门 de了两个小时的bug愣是没发现错在哪里……没办法只好重打了一遍竟然1A……我有点想从这里跳下去了…… 和方格取数问题差不多,把格子按行数和列数之和的奇偶性分为黑的和白的,可以发现某种颜色一定只能走到另一种颜色.那么考虑对所有为奇的黑点,偶的为白点,源点对所有黑点连边,所有白点对汇点连边,容量都为$1$,然后黑点对所有能走到的白点连边,容量为$inf$,那么不难发现,要满足条件就要求出一组割,而因为答案是全部的减去割,所以只要求出最小割即可 //minamoto #include<ios…

同方格取数问题:https://www.cnblogs.com/lokiii/p/8430720.html 记得把障碍点去掉,不连边也不计入sum #include<iostream> #include<cstdio> #include<queue> #include<cstring> using namespace std; const int N=100005,inf=1e9,dx[]={-2,-1,1,2,2,1,-1,-2},dy[]={-1,-2,…