Codeforces Round #121 (Div. 1) C. Fools and Roads time limit per test :2 seconds memory limit per test : 256 megabytes They say that Berland has exactly two problems, fools and roads. Besides, Berland has n cities, populated by the fools and connecte…

题目大意:有一颗$n$个节点的树,$k$次旅行,问每一条被走过的次数. 题解:树上差分,$num_x$表示连接$x$和$fa_x$的边被走过的次数,一条路径$u->v$,$num_u+1,num_v+1,num_{LCA(u,v)}-2$,最后求个子树和就行了 卡点:无 C++ Code: #include <cstdio> #include <algorithm> #define maxn 100010 int head[maxn], cnt = 1; struct Edg…

They say that Berland has exactly two problems, fools and roads. Besides, Berland has n cities, populated by the fools and connected by the roads. All Berland roads are bidirectional. As there are many fools in Berland, between each pair of cities th…

Fools and Roads CodeForces - 191C 题意:给出一棵n个节点的树,还有树上的k条简单路径(用路径的两个端点u和v表示),对于树上每一条边,求出其被多少条简单路径经过. 方法: 一开始想了很久..想要在倍增求lca的同时统计边经过的次数..然而发现这样子可以统计,但是统计的值拆不开...没有办法在合适时间内得到答案...并没有思路.. 想了很久发现,这其实就是个简单的树上差分,只要记录一下每个节点i到根节点路径上所有边都需要加的权值sum[i]就行了. 对于每一组(u…

4326: NOIP2015 运输计划 Time Limit: 30 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 308  Solved: 208[Submit][Status][Discuss] Description 公元 2044 年,人类进入了宇宙纪元.L 国有 n 个星球,还有 n−1 条双向航道,每条航道建立在两个星球之间,这 n−1 条航道连通了 L 国的所有星球.小 P 掌管一家物流公司, 该公司有很多个运输计划,每个运输计划形如:有一艘物流飞船需要从 ui…

题目链接:Codeforces 191C Fools and Roads 题目大意:给定一个N节点的数.然后有M次操作,每次从u移动到v.问说每条边被移动过的次数. 解题思路:树链剖分维护边,用一个数组标记就可以,不须要用线段树. #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> using namespace std; const int maxn = 1e5 + 5; int N, Q, ne, fi…

Description 有一颗 \(n\) 个节点的树,\(k\) 次旅行,问每一条边被走过的次数. Input 第一行一个整数 \(n\) (\(2\leq n\leq 10^5\)). 接下来 \(n-1\) 行,每行两个正整数 \(x,y\) (\(1\leq x,y\leq n,x\neq y\)),表示 \(x\)与 \(y\) 之间有一条连边. 接下来一个整数 \(k\) (\(0\leq k\leq 10^5\) ). 接下来 \(k\) 行,每行两个正整数 \(x,y\) (\(…

参考: 1. 郭华阳 - 算法合集之<RMQ与LCA问题>. 讲得很清楚! 2. http://www.cnblogs.com/lazycal/archive/2012/08/11/2633486.html 3. 代码来源yejinru 题意: 有一棵树, 按照顺序给出每条边, 再给出若干对点, 这两点之间的唯一的路( Simple path )上边权加1. 当所有对点处理完后, 按照边的输入顺序输出每条边的权. 思路: LCA问题. 最近公共祖先(Least Common Ancestors…

树上差分半裸题 常规思路是进行三次DFS,然后常规运算即可 这里提供两次dfs的思路(wyz tql orz) 我们以样例2为例 我们考虑任意一条路径,令其起点为u终点为v,每走一次当前路径则v的访问次数必定+1,于是我们可以使每一个点表示连接其上的一条边的访问次数,所以我们令节点v的访问次数+1; 与此同时,过程中的路径也同样会被访问,且这里是双向边,于是与此同时的我们也令节点u的访问次数+1;当然访问当前子树下根节点中包含的两个点并不会访问,而我们在增加u和v的访问时同时也错误地增加了其公共…

裸的树上差分+倍增lca 每次从起点到终点左闭右开,这就有一个小技巧,要找到右端点向左端点走的第一步,然后差分就好了 #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> #include<cmath> #define N 300005 using namespace std; int fa[N][20],dep[N],f[N],g[N],n,l[N];…