傲娇的人 Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 256 MB 题目连接 http://acm.uestc.edu.cn/#/problem/show/1151 Description 有 N 个傲娇的人,你要指派他们去完成工作.只有当现在被指派的人完成了工作,你才能指派下一个.每个人完成工作需要花费 Ti 分钟,但!他们都好傲娇,他们都希望你马上就指派他,如果你拖延了 t 分钟才指派他,那么就需要付给他 t⋅Ci 元钱作为补偿.问,最少需要花费多少元钱才能去指派所有傲娇…

BZOJ 洛谷 考虑暴力,每次枚举三个点,答案就是\(\frac12\sum_{k<j<i}(i-k)\times(j-k)\). 注意到叉积有分配率,所以固定\(k\),枚举\(i,j\),\(Ans=\frac12\sum_{k<i}(i-k)\sum_{k<j<i}(j-k)\),前缀和即可. 还有个问题是叉积是有符号的.初始时将所有点按纵坐标排序,枚举\(k\)的时候将所有向量\(i-k\)按极角排序.因为\(i>k\),\(i\)都在\(k\)的上方,向量之间…

题意 题目链接 分析 Imagine的完美回答 重点大概是证明我们选出要救的小矮人一定可以根据 \(a_i+b_i\) 的大小进行排序救出. 注意这里关注的对象是可以保留的高度,所以我们的dp值才会表示成最少减少的高度. 代码 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].to;i;i=e[i].last,v=e[i].to) #define rep(i,a,b) for(…

[算法]有源汇上下界最小费用可行流 [题解]上下界 因为上下界相同,所以无所谓最小流了,可行流(初始流+附加流)就是答案了. 记得源点向新建节点连一条容量为m(人)的边. bzoj 2055 80人环游世界…

bzoj 这个矩形有三个限制,分别是右上角点的横纵坐标分别大于左下角废话,并且中间区域没有点.那么可以先按横坐标排序,然后枚举左边的点和右边的点匹配.为了保证复杂度,这里每次把点集一分为二,先递归处理两边,然后处理两端点分别在左右两边的情况 这里把两边的点分别按纵坐标排序,然后枚举右边的点,每次把左边纵坐标小于右端点的点加进来.然后考虑中间区域没有点的限制,如果左边某个点在某个时刻右上方有点,那么这个点就不能作为端点.左侧可以维护一个从左往右纵坐标单调递减的单调栈.然后考虑右侧其他点对当前右端点…

思路:因为每个人最多只能看到五个动物,我们考虑将其状压,f[ i ][ s ] 表示到了第 i 个位置, i, i + 1, i + 2, i + 3, i + 4这四个动物的状态为s, 此时的最大值. 因为它是一个环,所以我们考虑枚举前4位,这样就能dp啦,dp[i][s] = max(dp[i - 1][(15 & s) << 1], dp[i - 1][(15 & s) << 1 | 1]) + val[i][s]; val[ i ]][ s ] 是预处理出来…

绝世好题啊.. 题意:给出一个DAG,和每个点要求出现在这个DAG里面的拓扑排序的位置<=ti,求出所有可能的拓扑排序里面每个点出现的位置的最小值. 正着做不好做,考虑反着做,建立这个图的反图. 对于一个点出现的位置的最小值,就是n-这个点在反图中出现的位置的最大值. 也就是说拓扑排序时尽量把这个点i排在后面就行了.但是还需要满足一个限制,在反图中这个限制就是每个点在拓扑排序的位置>=n-ti. 于是我们每次拓扑排序从队列中取出点的时候,尽量取n-ti值最小的点,这样就能尽量使得当前处理的点i…

图中的保护关系就类似于最大权闭合子图.即你想杀x,你就一定要杀掉保护x的点,那么把x向保护它的点连边.那么题目就转化成了最大权闭合子图的问题. 但是这个图有点特殊啊... 考虑有环的情况,显然这个环以及指向这个环的点都不能选. 所以还要把这个图的反图进行一遍拓扑排序,这样忽略掉了这些点了... # include <cstdio> # include <cstring> # include <cstdlib> # include <iostream> # i…

建反图,跑一个拓扑排序dp即可. Code: #include <bits/stdc++.h> #define ll long long #define N 100005 #define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin) using namespace std; ll f[N]; queue<int>q; int edges,n,m; int in[N],out[N],hd[N],to[N<<1…

这种问题的转化方式挺巧妙的. Code: #include <bits/stdc++.h> #define N 100000 #define M 1000000 #define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin) using namespace std; queue<int>q; vector<int>G,V[N]; int n,root,edges; int fa[20][N],hd[N],to…