题目链接:http://acm.hust.edu.cn/vjudge/problem/viewProblem.action?id=26772 思路:注意判重就行,开个6维数组记录3个robots的位置,然后要注意的就是不能多个robots同时在一个格子上,一开始没注意到这点! #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<queue&…

题目链接:http://lightoj.com/volume_showproblem.php?problem=1377 思路:这道题只要处理好遇到"*"这种情况就可以搞定了.我们可以用一个vector向量来记录所有的“*”,然后用一个3维数组来判重,并且对于每个状态都加一个标记,判断是否需要立刻转移,值得注意的是转移过后,vector应该立刻清空. #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstrin…

题目链接:http://acm.hust.edu.cn/vjudge/problem/viewProblem.action?id=26898 思路:我们可以给定有直接边相连的两点的距离为1,那么就是求源点出发能够走偶数步的所有的点的个数. #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<queue> #include<vec…

题目链接:http://acm.hust.edu.cn/vjudge/problem/viewProblem.action?id=26879 思路:题目意思很简单,就是通过一些位置的交换,最后变成有序数列,对于一组序列,我们可以用康托展开然后hash判重. 然后就是普通的bfs,稍微留意一下细节即可. #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #incl…

题目链接:http://lightoj.com/volume_showproblem.php?problem=1426 思路:首先我们预处理出每一个"*"在某一方向上最终能到达的位置,这里我们可以用一个四维数组来记录next[i][j][k][2],然后首先判断"impossible"这种情况,我们可以对每个"*"进行dfs,看是否能够到达边界,如果存在某个“*”不能到达边界,那么直接就是"impossible“了.判断好这个之后就可以…

题目链接:http://acm.hust.edu.cn/vjudge/problem/viewProblem.action?id=26766 思路:由于数据不是很大,我们可以枚举骑士最后聚集的位置,然后枚举的时候用bfs搜索即可. #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<queue> #include<vector&…

题目:https://loj.ac/problem/3057 想令 b[ i ][ j ] 表示两点是否可行,从可行的点对扩展.但不知道顺序,所以写了卡时间做数次 m2 迭代的算法,就是每次遍历所有不合法点对,枚举其出边看是否有合法的,把自己更新成合法. 可得10分. #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; int rdn() { ;;char ch=getc…

题目描述 1944 年,特种兵麦克接到国防部的命令,要求立即赶赴太平洋上的一个孤岛,营救被敌军俘虏的大兵瑞恩.瑞恩被关押在一个迷宫里,迷宫地形复杂,但幸好麦克得到了迷宫的地形图.迷宫的外形是一个长方形,其南北方向被划分为 nnn 行,东西方向被划分为 mmm 列, 于是整个迷宫被划分为 n×m n \times mn×m 个单元.每一个单元的位置可用一个有序数对 (单元的行号, 单元的列号) 来表示.南北或东西方向相邻的 222 个单元之间可能互通,也可能有一扇锁着的门,或者是一堵不可逾越的墙.…

这种图论问题都挺考验小思维的. 首先,我们把从 $x$ 连出去两条边的都合并了. 然后再去合并从 $x$ 连出去一条原有边与一条新边的情况. 第一种情况直接枚举就行,第二种情况来一个多源 bfs 即可. code: #include <cstdio> #include <string> #include <vector> #include <queue> #include <algorithm> #define N 100006 #define…

非常好的一道图论问题. 显然,我们要求城市间的最小生成树,然后查询路径最大值. 然后我们有一个非常神的处理方法:进行多源 BFS,处理出每一个城市的管辖范围. 显然,如果两个城市的管辖范围没有交集的话连边一定不是优秀的(一定会有一种都在管辖范围之内的连边方式来代替这种连边方式) 然后由于每一个点只属于一个城市的管辖范围,所以每个点只会扩展一次,这个 BFS 的复杂度是线性的. code: #include <bits/stdc++.h> #define N 2006 #define M 200…