给n<=100000个点的树,每个点有一个01串,长度m<=200,串的可以随时01取反,串的每一位对应权Vi,从根节点到某个节点经过决定哪些串取反后取得的最大价值为某个点的权值,求:在这棵树上乱走,不能走权相同的相邻两点,每个长度D的简单路径的方案数. 题目很奇怪.结论很不显然.TJM和HR大佬很强. 首先,最后遍历的树的深度不会超过logm.在树上每走一步,都可以把0的个数减少至少一半. 其次,未达到最大值的两个点权值肯定不同.道理同上.因此把目标转化为“在权值未满的树上走”,重点在如何找…

我们可以考虑两种情况 区间之间不相重叠 和 重叠 f[i][j]表示以当前最后一个区间以 i 结尾 并且选了 j 个区间 不相重叠的话 只要选 1-i-w 的max再加上 包含i在内的前四个数的和 相交的话 考虑因为可选的区间长度是固定的 所以我们可以考虑单调队列优化 sum维护的是前缀和 f[i][j]=f[k][j-1]+sum[i]-sum[k] 这样因为sum[i]是固定的 所以我们队列里维护的是f[k][j-1]-sum[k]就好辣 #include<cstdio> #include…

这道题可以贪心 维护一个答案队列 枚举位置 每次将比当前位置大的队尾全部替代掉 记录删了多少了就好了 #include<cstdio> #include<iostream> #include<cstring> #include<algorithm> #include<string> #define LL long long using namespace std; ; int n,k,cnt; char s[M],q[M]; int main()…

绵津见-终 SRM 13 背景 “西瓜也是可以种在海上的!”——绵津见 然而种在海上的西瓜最需要防范的,是时不时会涌向瓜田的阵阵海浪. 幸好,身为海神的绵津见可以释放魔法“水平如镜”来阻止海浪拍打西瓜. 然而,当西瓜一个接一个成熟之时,它们就要离开瓜田,飘向遥远的彼岸.绵津见的魔法无法保护离开瓜田的西瓜们,但至少,也得知道西瓜们遭遇了多大的风浪啊. 描述 我们用一个坐标系来描述大海,绵津见的瓜田位于x轴下方,每当有一个西瓜成熟时,它会从x轴上一点出发,沿一条平行y轴的直线往y轴正方向前进. 某个…

木之本樱 背景 “西瓜是可以种在树上的!”——木之本樱 描述 空地上,一排排的西瓜树拔地而起. 魔法世界里,空地是无限大的.所有的树排成了n条直线,每条直线也是向左右两端无限延伸的. 由于自己姓木(之本)小樱忽然想知道,这些直线能够组成多少个汉字“木”. 我们这样定义一个“木”字:从已有的直线中任取4条,并将其中两条截为射线.若两射线端点为同一点,且两直线均过该端点.对其中一条直线而言,两条射线在同一侧,对另一条直线而言两条射线在异侧,则此时组成一个“木”字.认为两个“木”字相同当且仅当其所取的…

数学上来先打表 SRM 10 描述 给出 n个点(不同点之间有区别),求出满足下列条件的连边(双向边)方案:1.每条边连接两个不同的点,每两个点之间至多有一条边2.不存在三个点a,b,c使三个点间两两可以互相到达且两两之间最短距离相等3.边的长度均为1 输入格式 一行,一个整数n 输出格式 一行,一个整数,表示方案数对1004535809取模的结果. 样例输入 3 样例输出 7 数据范围与约定 对于8组数据,1<=n<=9对于余下8组数据,10<=n<=2000 样例解释 三个点之…

T7983 大芳的逆行板载 题目背景 大芳有一个不太好的习惯:在车里养青蛙.青蛙在一个n厘米(11n毫米s)的Van♂杆子上跳来跳去.她时常盯着青蛙看,以至于突然逆行不得不开始躲交叉弹.有一天他突发奇想,在杆子上每1厘米为一个单位,瞎涂上了墨水,并且使用mOgic,使青蛙跳过之处墨水浓度增加x.当然,他还会闲着无聊滴几滴墨水再涂♂抹均匀. 他现在无时无刻都想知道,第l厘米到第r厘米墨水的浓度是多少? 哦不!等等,他现在找到了一个计算器,可以输入几个数字与x,计算他们的x次幂和,所以...他想知道…

3.约束排列(place.pas/cpp/in/out) 问题描述: 给出 n 个互不相同的小写字母,表示出现的字符类型,以及 k 个约束关系: .....,表示 ai 必须出现在 bi 前面(ai,bi 不会超出所给字符类型的范围,且 ai!=bi). 请按照字典序输出所有满足约束条件的序列. 如: n=3,字符类型为:x y z k=1,约束条件为:x z,表示 x 必须出现在 z 的前面. 所有满足约束条件的排列有: xyz xzy yxz 输入: 第 1 行,2 个整数 n 和 k. 第…

典型树形dp 这里,我们应该看到一些基本性质: ①:如果这个边不能改(不是没有必要改),我们就不改,因为就算改过去还要改回来,显然不是最优的 注意:"不能改"是指边的性质和要求的相同而不包括对边的颜色没有要求的情况! ②:如果我们每翻转一条边,就认为将这条边的两个端点度数+1,那么不难看到,最后翻转的所有边构成的路径总数就是度数为奇数点个数的1/2 (性质②的证明:一条路径只会对两端的点产生度数上的影响,而中间的点都是+2,还是偶数,所以无影响) 接下来,我们进行dp: 记状态f[i]…

(new )   war2 题解:总体数据而言,我们很容易想到着就是DP啊,我们DP数组,用状态压缩,代表有那些点已经被占领过了,代表上一次我占的是那个.对于每一次状态转移,若当前我们要占领的Portal在占领后有加分,那么就转移加分与基础值的和,否则只转移基础值.最后判断一下当代表的状态已经有占领个了,就记录下当前的最大值. var n,m,tot,cnt,ans,x,y,c:int64; i,j,k:longint; a:array[-100..100]of int64; f,b:array…