思路: 先二分答案 f[x][j]表示在x的子树里选j个点 f[x][j+k]=max(f[x][j+k],f[x][j]+f[v[i]][k]); 初始化 x!=0 -> f[x][1]=p[x]-s[x]*mid x=0 -> f[x][0]=0 类似4033的那样转移 看似O(n^3)实际O(n^2) 加一个二分 复杂度O(能过) //By SiriusRen #include <cstdio> #include <cstring> #include <al…

题目描述 给你一棵以1为根的有根树,初始除了1号点为黑色外其余点均为白色.Bob初始在1号点.每次Alice将其中至多k个点染黑,然后Bob移动到任意一个相邻节点,重复这个过程.求最小的k,使得无论Bob怎样移动,经过的节点都是黑色节点. 输入 第一行,包含1个整数,n,表示建筑的数量. 接下来n-1行,每行两个整数u.v(1≤u,v≤n,u≠v),表示建筑u和建筑v之间有一条魔法道路. 数据保证任意两个建筑连通. 1≤n≤300000. 输出 输出一个整数k,表示最少需要派出施用咒语的成员数.…

题目描述 Information DisturbingTime Limit: 6000/3000 MS (Java/Others) Memory Limit: 131072/65536 K (Java/Others)Total Submission(s): 4003 Accepted Submission(s): 1391 Problem DescriptionIn the battlefield , an effective way to defeat enemies is to break…

第一问就是Σ(deg[u]-1)/2+1 第二问是二分,判断的时候考虑第一问的贪心规则,对于奇度数的点,两两配对之后一条延伸到上面:对于欧度数的点,两两配对或者deg[u]-2的点配对,然后一条断在这个点,一条延伸上去,按这个树形dp判断一下即可 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; const int N=…

http://acm.split.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3586 题意: 给定一个带权无向树,要切断所有叶子节点和1号节点(总根)的联系,每次切断边的费用不能超过上限limit,问在保证总费用<=m下的最小的limit. 思路: 对于上限limit我们可以二分查找.然后就是树形dp,看代码就可以理解的. #include<iostream> #include<algorithm> #include<cstring> #inc…

zxa and leaf 题目连接: http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5682 Description zxa have an unrooted tree with n nodes, including (n−1) undirected edges, whose nodes are numbered from 1 to n. The degree of each node is defined as the number of the edge…

题意:给出一棵无根树,每个节点有一个权值,现在要让dfs序的前k个结点的最小值最大,求出这个值. 考虑二分答案,把>=答案的点标记为1,<答案的点标记为0,现在的任务时使得dfs序的前k个节点都为1. 考虑树形DP. 用dp[u]表示从节点u开始在子树中进行dfs最多可以经过多少个为1的结点,显然,若某一个子树中节点全为1,那么这个可以加到dp[u]中,此外还可以在不全为1的子树中挑选一个加到dp[u]上. 那么答案就是从标记为1的节点当做根,选两颗不完全子树和所有的完全子树(包括从父亲向上的…

题目描述的实际是一颗二叉树,对于每个结点,要么满叉,要么无叉. 对于一种无解的简单情况,我们搜一遍树找到最浅的叶子结点1和最深的叶子结点2,如果dep[1]<dep[2]-1,则显然无解. 所以现在所有的叶子结点的深度要么是dep[1]和dep[2]. 我们可以把所有结点用node[x]标记状态. node[x]=0表示x的子树下所有叶子结点深度都是dep[2]. node[x]=1表示x的子树下一部分叶子结点深度是dep[1],一部分是dep[2]. node[x]=2表示x的子树下所有叶子结…

题目大意 给出一棵树,要求你为树上的结点标上权值,权值可以是任意的正整数 唯一的限制条件是相临的两个结点不能标上相同的权值,要求一种方案,使得整棵树的总价值最小.N<=10000 题解 我们可以猜一个结论,用到的编号不会超过某一个值 我们发现我们可以开到100以上都不会超时 所以我们把编号最多100算,跑树形dp即可 其实可以证明编号不会超过logn... Code #include <cstdio> #include <cstring> #include <algor…

二分答案,然后dp判断是否合法 具体方法是设f[u]为u点到其子树中的最长链,每次把所有儿子的f值取出来排序,如果某两条能组合出大于mid的链就断掉f较大的一条 a是全局数组!!所以要先dfs完子树才能填a!! #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; const int N=1000005; int n,m,h…