大水题,一分钟就做完了...直接枚举1~n就行了,然后在n中判断出现多少次. 题干: Description Input 只有一行一个整数 N(0 < N < 1000000). Output 只有一行输出,为整数M,即f(1)到f(N)的累加和. Sample Input 3 Sample Output 5 HINT Source 代码: #include<iostream> #include<cstdio> #include<cmath> #includ…

欢迎访问~原文出处——博客园-zhouzhendong 去博客园看该题解 题目传送门 - BZOJ1968 题意概括 求 ΣF(i)   (1<=i<=n)N<=1000000 F(i)是i的约数个数 题解 换一个角度思考,可以把原问题转化为: 对于每一i,在1~n中有多少个倍数,所有的个数和就是答案. 那么,ΣF(i) = ∑ floor(n/i) 代码 #include <bits/stdc++.h> int n,ans=0; int main(){ scanf(&quo…

1968: [Ahoi2005]COMMON 约数研究 Time Limit: 1 Sec  Memory Limit: 64 MBSubmit: 2032  Solved: 1537[Submit][Status][Discuss] Description Input 只有一行一个整数 N(0 < N < 1000000). Output 只有一行输出,为整数M,即f(1)到f(N)的累加和. Sample Input 3 Sample Output 5 HINT   Source Day2…

1968: [Ahoi2005]COMMON 约数研究 Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 64 MB Submit: 1513 Solved: 1154 [Submit][Status][Discuss] Description Input 只有一行一个整数 N(0 < N < 1000000). Output 只有一行输出,为整数M,即f(1)到f(N)的累加和. Sample Input 3 Sample Output 5 HINT Source Day2 奇…

1968: [Ahoi2005]COMMON 约数研究 Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 256 MB 题目连接 http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1968 Description Input 只有一行一个整数 N(0 < N < 1000000). Output 只有一行输出,为整数M,即f(1)到f(N)的累加和 Sample Input 3 Sample Output 5 HINT 题意 题解:…

1968: [Ahoi2005]COMMON 约数研究 Time Limit: 1 Sec  Memory Limit: 64 MB Submit: 2351  Solved: 1797 [Submit][Status][Discuss] Description Input 只有一行一个整数 N(0 < N < 1000000). Output 只有一行输出,为整数M,即f(1)到f(N)的累加和. Sample Input     3 Sample Output     5 HINT   S…

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1968 换个角度 一个数可以成为几个数的约数 #include<cstdio> #include<iostream> using namespace std; int main() { int n; ; scanf("%d",&n); ;i<=n;++i) ans+=n/i; cout<<ans; } 1968: [Ahoi2005]COM…

1968: [Ahoi2005]COMMON 约数研究 Time Limit: 1 Sec  Memory Limit: 64 MB Submit: 2939  Solved: 2169 [Submit][Status][Discuss] Description Input 只有一行一个整数 N(0 < N < 1000000). Output 只有一行输出,为整数M,即f(1)到f(N)的累加和. Sample Input 3 Sample Output 5 题解 我们知道一个数x的约数个数…

对于i属于[1,n],i只能成为[1,n]中n/i个数的约数,易证. #include<stdio.h> int n,i; long long ans; int main() { scanf("%d",&n); ;i<=n;i++)ans+=(long long)n/i; printf(; }…

计算每一个数的贡献就好了..O(N) n/i只有2*sqrtn个取值于是可以优化到O(sqrtn) #include<bits/stdc++.h> #define ll long long using namespace std; ,inf=1e9; int n,ans,l,r; void read(int &k) { ;k=;char c=getchar(); ),c=getchar(); +c-',c=getchar(); k*=f; } int main() { read(n);…