传送门 好久没写题解了,就过来水两篇. 对于每一个人,考虑一个序列$A$,$A_I$表示当k取值为 i 时的答案. 如果说有两个人,我们可以把$(A+B)^k$二项式展开,这样就发现把两个人合并起来的操作就是一次卷积,直接NTT就可以了. 同类人有多个,直接暴力肯定是不行的.快速幂的话不知道会不会T,我是用了多项式取ln和exp(拉板子). #include<cmath> #include<cstdio> #include<cstring> #include<al…

传送门 首先(想了很久之后)注意到一个性质:同一条边有多种颜色的话保留3种就可以了,这是因为假如最优解要求当前位置与相邻两条边都不相同,那么只要有3条边,就肯定可以满足这一点. 完事就做一个nlogn*3^4的倍增dp就行了……实际肯定是跑不满的(而且cc机子快). #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #define MN 510000 using namespace std; ],_F[MN][…

Codechef October Challenge 2018 游记 CHSERVE - Chef and Serves 题目大意: 乒乓球比赛中,双方每累计得两分就会交换一次发球权. 不过,大厨和小厨用了另外一种规则:双方每累计得 K 分才会交换发球权.比赛开始时,由大厨发球. 给定大厨和小厨的当前得分(分别记为 P1 和 P2),请求出接下来由谁发球. 思路: \((P1+P2)\%K\)判断奇偶性即可. 代码链接 BITOBYT - Byte to Bit 题目大意: 在字节国里有三类居民…

Codechef September Challenge 2018 游记 Magician versus Chef 题目大意: 有一排\(n(n\le10^5)\)个格子,一开始硬币在第\(x\)个格子里.\(m(m\le10^4)\)次操作,每次交换指定的两个格子.问最后硬币在第几个格子里. 思路: 按题意模拟即可. 源代码: #include<cstdio> #include<cctype> inline int getint() { register char ch; whi…

比赛链接:https://www.codechef.com/FEB18,题面和提交记录是公开的,这里就不再贴了 Chef And His Characters 模拟题 Chef And The Patents 模拟题 Permutation and Palindrome 模拟题 Car-pal Tunnel 结论比较简单 Broken Clock 求余弦的n倍角,可以用复数的快速幂解决 $cos(a)=x \\ sin(a)=\sqrt{1-x^2} \\ cos(na) = Re((x+\sq…

原文链接http://www.cnblogs.com/zhouzhendong/p/9010945.html 题目传送门 - Codechef STMINCUT 题意 在一个有边权的无向图中,我们定义$S$和$T$的最小割为,要使得不存在$S$和$T$之间的路径需要删去的边的最小边权和. 给定$N×N$的二维数组$A$,你可以令数组的任意元素加上一个非负整数(每个元素加上的数可以不同).加完后,数组$A$应当满足这一条件:存在$N$个节点的图$G$(节点编号为$1$∼$N$),使 得对于任意$i…

传送门 (要是没有tjm(Sakits)的帮忙,我还真不知道啥时候能做出来 结论是第一次带走尽可能少的动物,使未带走的动物不冲突,带走的这个数量就是最优解. 首先这个数量肯定是下界,更少的话连第一次都带不走. 然后考虑带过去之后把某一只留在对岸,剩下的全部随身携带,这时有了一个空位,就可以慢慢把与留下的动物无关联的都挪到对岸去.再把随身携带的动物中与未到达对岸的任何一只都无关联的动物留着,其余的(包括之前单出来的)随身携带,这时有了一个空位可以再次慢慢挪. 唯一的特殊情况是某一个点连接了剩余所有…

传送门 (虽然是A了但是不知道复杂度是不是正确的 考虑以某个位置为结尾的合法划分 先考虑min,带来的影响是限制了最小长度,预处理出这个最小长度后,这可以在处理到这个数时,把不能算的部分去掉(不满足min条件的话必定满足max条件). 单独考虑max条件 对于每一个数,找出以它为最大值的区间后,暂时不考虑min,就只限制了划分的最大长度,这时分类讨论一下(见代码),有一部分需要暴力处理(不会证复杂度) #include<cstdio> #include<algorithm> #de…

传送门 首先整个矩阵可以被分为很多小矩阵,小矩阵内所有行的单调性是一样的,所有列的单调性是一样的. 考虑如何在这样一个小矩阵中找出答案.我的策略是每次取四个角中最大值和最小值的点,这样可以每次删掉一行或一列,代价就是行数+列数. 稍微思考一下小矩形可能的分布,一是行分两块,列分两块,这样总共4个小矩形.二是所有行(或列)都是一致的,而列(或行)可以任意分.前者最多两个小矩形需要处理,且行列之和为2n,后者则是一个矩形,最大代价也是2n. 最开始花2n的代价查出每行每列的单调性. #include…

传送门 几波树形dp就行了. #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #define MN 5100000 using namespace std; ]; int n,m,t,x,y,st[MN],c[MN],s[MN],S[MN],num,l[MN],pdf[MN],nm; long long ans[MN]; ]; inline ;} void pre(int x,int f){ bo[x]=;p…