题目题意是交换一次,使数字最小,且数字前面不能有前导0 string minNumber(string num) { string res = num; for(int i = 0 ; i < num.size(); i ++ ){ for(int j = i + 1; j < num.size(); j ++ ){ if(i == 0 && num[j] == '0') continue; else{ swap(num[i],num[j]); res = res > n…

今天第一次做topcoder,没有比赛,所以找的最新一期的SRM练习,做了第一道题. 题目大意是说 给一个数字字符串,任意交换两位,使数字变为最小,不能有前导0. 看到题目以后,先想到的找规律,发现要从后向前找数字串中最小的数,放在数字串中尽可能靠前的位置,数字最小.用这个贪心.找规律的方法,写代码,然后提交测试. 但最后,写出的代码不能过几组数据,感觉边界的数据非常容易考虑不周而出错,比如第一个数字是否为最小,数字串中是否有零等. 看了其他人的代码(http://www.cnblogs.com…

\(>Topcoder \space Srm \space 673 \space Div2 \space 1000 \space BearPermutations2<\) 题目大意 : 对于一个长度为 \(n\) 的排列,定义其的贡献为对其建笛卡尔树,树上有两个儿子的节点其左右儿子在原排列中的距离之和,给出 \(n, Mod\),求所有长度为 \(n\) 的排列的贡献之和对 \(Mod\) 取模的值 \(1 \leq n \leq 100\) 解题思路 : 考虑一个最暴力的 \(dp\) ,设…

\(>Topcoder \space Srm \space 671 \space Div2 \space 1000 \space BearDestroysDiv2<\) 题目大意 : 有一个 \(W \times H\) 的网格,每一格上有一棵树和一个随机字母 \(S\) 或 \(E\) ,有一只熊在左上角,按从上到下从左到右的顺序遍历每一行每一列,如果其遇到一棵可以推倒的树,就尽可能按照字母表示的方向 (向下,向右) 推倒它,然后其推倒方向的下一棵树就不能被推倒了,同时树不能被推倒在边界之外…

周赛时遇到的一道比较有意思的题目: Problem Statement      There are N rooms in Maki's new house. The rooms are numbered from 0 to N-1. Some pairs of rooms are connected by bidirectional passages. The passages have the topology of a tree. That is, there are exactly N-…

脑洞太大,简单东西就是想复杂,活该一直DIV2; A:水,基本判断A[I]<=A[I-1],ANS++; B:不知道别人怎么做的,我的是100*N*N;没办法想的太多了,忘记是连续的数列 我们枚举公差,找到能有多少就可以了. C:想到MAP,但是前面太脑掺,只有几分钟写.. 不过还真不一定写的出来.. 进来DP感觉良好.. 我们可以发现其实这些的乘积其实比较少.. 然后就像普通数组进行加法一样. #include <cstdlib> #include <cctype> #in…

先用dfs搜索所有的情况,然后判断每种情况是不是括号匹配 #include <vector> #include <string> #include <list> #include <map> #include <set> #include <deque> #include <stack> #include <bitset> #include <algorithm> #include <func…

题目比较简单. 注意看测试用例2,给的提示 Please note that this is the largest possible return value: whenever there is a solution, there is a solution that uses at most two moves. 最多只有两步 #include <vector> #include <string> #include <list> #include <map&…

贪心的题,从左向右推过去即可 #include <vector> #include <list> #include <map> #include <set> #include <deque> #include <stack> #include <bitset> #include <algorithm> #include <functional> #include <numeric> #i…

树形Dp的题,根据题意建树. DP[i][0] 表示以i为根节点的树的包含i的时候的所有状态点数的总和 Dp[i][1] 表示包含i结点的状态数目 对于一个子节点v Dp[i][0] = (Dp[v][1]+1)*Dp[i][0]+Dp[v][0]*Dp[i][1] 表示子节点的所有状态与i的所有的状态之间的组合(可以不组合,所以DP[v][1]+1), 接下来更新i的状态数目 DP[i][1] = Dp[i][1]*(Dp[v][1]+1) 这样就可以算出来i结点为根结的所以状态,树中的所有点…