Constructing Roads In JGShining's Kingdom  HDU1025 题目主要理解要用LCS进行求解! 并且一般的求法会超时!!要用二分!!! 最后蛋疼的是输出格式的注意(直接报错误!!!) #include<iostream> #include<stdio.h> #include<algorithm> #include<string.h> using namespace std; ],dp[]; int main() { ,…

(HDU1025) Constructing Roads In JGShining's Kingdom Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 18804    Accepted Submission(s): 5311 Problem Description JGShining's kingdom consists of 2n(n…

水,坑. #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; ; struct node { int x; int y; }a[MAXN]; int s[MAXN]; bool cmp(node t1,node t2) { return t1.x<t2.x; } int serch(int left, int rig…

题意:有一些穷国和一些富国分别排在两条直线上,每个穷国和一个富国之间可以建道路,但是路不能交叉,给出每个穷国和富国的联系,求最多能建多少条路 我一开始在想有点像二分图匹配orz,很快就发现,当我把穷国按顺序排了之后,富国写在它旁边,能够连接的富国就成了一个上升子序列,那么问题来了!上升子序列最长有多长? 想到了这个之后,代码就码起来吧,最开始我的做法是最土的那种,用 dp[i] 表示以 i 结尾的最长上升子序列的长度,每次对于一个 i 遍历 i 前面的所有数 j ,取小于 i 的所有 j 的最大…

Problem Description JGShining's kingdom consists of 2n(n is no more than 500,000) small cities which are located in two parallel lines. Half of these cities are rich in resource (we call them rich cities) while the others are short of resource (we ca…

C - DP Crawling in process... Crawling failed Time Limit:1000MS     Memory Limit:32768KB     64bit IO Format:%I64d & %I64u Submit Status Practice HDU 1025 uDebug Description   Input   Output   Sample Input   Sample Output   Hint   Description JGShini…

题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1025 大致思路:设置两个a,b数组,a数组存储数据,b数组存储最长不降序序列.此算法关键在于设计二分查找. #include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #include <algorithm> #include <queue> #include <cstdlib> #incl…

题目链接 第一次写nlogn复杂度的LIS,纪念一下. 题目意思是说.有两条平行线.两条平行线都有n个城市,都是从左到右标记为1--n,一条线上是富有城市,一个是贫穷城市.输入n.接下来有n行,p,r表示穷城市p和富有城市r 之间能够建一条路(p的顺序是1--n,一个贫穷城市仅仅相应一个富有城市(弱爆的语文描写叙述能力T_T)),公路不能交叉. 问最多能够建多少条公路. 在别处看到的对nlogn解法的解释吧算是: 时间复杂度:(NlogN): 除了算法一的定义之外,添加一个数组b,b[i]用以表…

#include<stdio.h>const int MAXN=500010;int a[MAXN],b[MAXN]; //用二分查找的方法找到一个位置,使得num>b[i-1] 并且num<b[i],并用num代替b[i]int Search(int num,int low,int high){ int mid; while(low<=high) { mid=(low+high)/2; if(num>=b[mid]) low=mid+1; else high=mid-…

做01背包做到的这个LIS,常见的n2会超时,所以才有nlogn可行 先来介绍一下n2 dp[i] 表示该序列以a[i]为结尾的最长上升子序列的长度 所以第一层循环循环数组a,第二层循环循环第i个元素前面的元素,里面做一个基本升序判断,然后找最大值 定义一个外部变量记录最大值 nlogn 用了一个数组进行维护对于每一个新加入的数,如果比这个数组中的所有元素都大,那么该数加入数组,如果有比这个数大的,则用该数替换第一个比他大的数 奈何这个题最坑的地方是输出! #include <iostream>…