HDU 1284 钱币兑换问题(全然背包:入门题) http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1284 题意: 在一个国家仅有1分,2分.3分硬币,将钱N (N<32768) 兑换成硬币有非常多种兑法. 请你编程序计算出共同拥有多少种兑法. 分析:基础的全然背包问题. 本题限制条件是: 金钱总数<=N. 本题目标条件是: 求构造方法数目. 令dp[i][j]==x 表示用前i种硬币构造j 美分共同拥有x种方法. 初始化:  dp为全0且dp[0][0]…

HDOJ(HDU).1284 钱币兑换问题 (DP 完全背包) 题意分析 裸的完全背包问题 代码总览 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #define nmax 33000 #define ll long long using namespace std; ll dp[nmax]; int coin[3]={1,2,3}; int mai…

题目链接:HDU 1284 钱币兑换问题 钱币兑换问题 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others) Total Submission(s): 5467    Accepted Submission(s): 3123 Problem Description 在一个国家仅有1分,2分.3分硬币,将钱N兑换成硬币有非常多种兑法.请你编程序计算出共同拥有多少种兑法.   Input…

http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1284 New~ 欢迎“热爱编程”的高考少年——报考杭州电子科技大学计算机学院关于2015年杭电ACM暑期集训队的选拔 钱币兑换问题 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 7265    Accepted Submission(s): 4268…

题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1284 递推公式:dp[i] = sum(dp[i], dp[i-C]) /* 钱币兑换问题 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others) Total Submission(s): 6325 Accepted Submission(s): 3662 Problem Description…

传送门: http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1284 钱币兑换问题 Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 12335    Accepted Submission(s): 7453 Problem Description 在一个国家仅有1分,2分,3分硬币,将钱N兑换成硬币有很多…

题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1284 Problem Description 在一个国家仅有1分,2分,3分硬币,将钱N兑换成硬币有很多种兑法.请你编程序计算出共有多少种兑法. Input 每行只有一个正整数N,N小于32768. Output 对应每个输入,输出兑换方法数. Sample Input 2934 12553 Sample Output 718831 13137761 解题思路:这道题可以当做数学题来做.假设某种方案…

与 HDU 1028 相似的题目. 方法一:完全背包. 限制条件:硬币总值不超过 n. 目标:求出组合种数. 令 dp[ i ][ j ] == x 表示用前 i 种硬币组合价值为 j 的钱共 x 种方法. 状态转移方程:dp[ i ][ j ] = dp[ i - 1][ j ] + dp[ i ][ j - v[ i ] ] : 方程解释:用前 i 种硬币组合出钱 j 的方法数 = 前 i - 1 种硬币组合出钱 j 的方法数(不用第 i 种硬币)+ 至少用一枚第 i 种硬币的方法数. 滚动…

动态转移方程:dp[i] = dp[i - 1] + dp[i - 2] + dp[i - 3] 即要想兑够 i,有三种方法: 1.从 i - 1 再增加一个1分的: 2.从 i - 2 再增加一个2分的: 3.从 i - 3 再增加一个3分的. 两个 for 循环: i :1-->3 i = 1 表示只用1分的兑法,i = 2 表示用1分的和2分的兑法,i = 3 表示全用上的兑法. j:1-->n 从小到大依次求出兑够 j 的兑法 代码如下: #include <iostream&g…

Ac code : 完全背包: #include<stdio.h> #include<string.h> int dp[4][40000]; int main(void) { int i,j,n; memset(dp,0,sizeof(dp)); dp[0][0]=1; for(i=1; i<=3; i++) { for(j=0; j<32770; j++) { dp[i][j]=dp[i-1][j]+dp[i][j-i]; } } while(scanf("…