大佬 显然假期望 我奇思妙想出了一个式子$f[i]=f[i-1]+\sum\limits_{j=1}^{j<=m} C_{k \times j}^{k}\times w[j]$ 然后一想不对得容斥 于是我得到$f[i]=f[i-1]+\sum\limits_{j=1}^{j<=m} C_{j\times(k-1)}^{k-1} \times w[j]$ 但还是不对 现在思考第一个式子为什么不对 我们枚举矩阵选数 1 2 3 1 2 3 1 2 3 这样我们C的话概率会很鬼$\frac {4}{…

折纸 题解 考试时无限接近正解,然而最终也只是接近而已了 考虑模拟会爆炸,拿手折纸条试一试,很简单 考你动手能力 代码 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define ll long long #define A 3100000 ll cj[A],questions[A]; ll len,l,r,n,QAQ; int main(){ scanf("%lld%lld",&len,&QAQ); l=0,r…

T1 辣鸡(ljh) 就是一道分类讨论的暴搜,外加一丢丢的减枝,然而我挂了,为啥呢,分类讨论变量名打错,大于小于号打反,能对才怪,写了sort为了调试就注释了,后来忘了解开,小减枝也没打.但是这道题做了2个小时不止,T2T3完全挤得没时间.做这道题只感觉心累... #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<cmath> #include<algorithm> #d…

这次意外考得不错…但是并没有太多厉害的地方,因为我只是打满了暴力[还没去推T3] 第一题折腾了一个小时,看了看时间先去写第二题了.第二题尝试了半天还是只写了三十分的暴力,然后看到第三题是期望,本能排斥,跑回去写第一题了. 手画第一题的样例2,指着图片一点一点调试发现思路中间就错了,然后开了份新代码重写去了,好在原来那份里大部分东西都用得上.按数据点骗分,推出了y=2的性质,最后居然多拿了25分. 只剩下二十分钟了,第三题直奔数据范围.把k=2的分手推出来,然后非常没有梦想地选择搜索过小于8的数据…

反思: 我考得最炸的一次 怎么说呢?简单的两个题0分,稍难(我还不敢说难,肯定又有人喷我)42分 前10分钟看T1,不会,觉得不可做,完全不可做,把它跳了 最后10分钟看T1,发现一个有点用的性质,仍然认为不可实现 0分 所以T1是什么样的难题呢 即使暴力也有60分,但我楞没想出来暴力怎么打 然后我就挂掉了 t2又是什么样难题 大多数人秒切一个小时切两道, 但这次考试给了我很大启迪,也正是这次考试我才开始使劲刚T1 其实大多数T1都是比较简单的,并没有想象中那么难,这次考试对我来说意义很大 (就…

首先计算块内贡献,很显然是$(x_2-x_1)*(y_2-y_1)*2$. 然后考虑矩形之间的贡献,sort一遍分类讨论$n^2$暴力即可. 注意考虑边界情况是否能多两个,以及角对角的情况. 另外,排序之后可以通过剪枝排除无用情况(j从i+1开始枚举以及那个break)来实现$n^2$过十万的梦想 #include<cstdio> #include<iostream> #include<cstring> #include<algorithm> using n…

待补 引子 题解 大模拟,注意细节 代码1 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int n,m;char a[1005][1005];bool vst[1005][1005]; void solve(int na,int nb) { int i=na,j=nb,now=0; while(1){ j++;if(a[na][j]=='+')break; } while(1){ i++;if(a[i][nb]=='+')break; } for(…

建造城市 题解 先思考一个简单问题 10个$toot$ 放进5间房屋,每个房屋至少有1个$toot$,方案数 思考:插板法,$10$个$toot$有$9$个缝隙,$5$间房屋转化为$4$个挡板,放在toot缝隙之间得到$C_{9}^{4}$ 10个$toot$ 放进$5$间房屋,每个房屋里可以没有$toot$,方案数 思考:插板法使用条件必须是每组至少有1个,那么我们事先在每个房屋中放一个$toot$变成$15$个$toot$放进$5$个房屋,可以插板法,与上一题类似$C_{14}^{4}$ 那…

考试时打的类似$n^2$暴力,然后炸了只有10分 后来验证我的算法伪了. 题解 显然你有一种解法,假设你要在一个B点断开将R分别移向最左 最右,这样只用分别计算B点右面蓝色数量左面蓝色数量就得到了一个ans 这个题有一个很不显然的结论,假设你要将R移向两边时,序列唯一确定时,设pos=(蓝色数量+1)/2,在pos点将R移向左面,右面花费最小(单调性) 因为这个序列是循环的所以我们只要枚举B点断开的位置就可以$n^2$求出最小的ans值 $n^2$显然过不了1000000 现在我们思考$n^2$…

金 辗转相减见祖宗 高精 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define A 2000 #define P 1 #define N 10 #define ll long long ll n,T; char sjdfj[A]; struct bignum { ll n[A],l; bignum(){l=1,memset(n,0,sizeof(n));} void clear(){while(l>1&&!n[l-1])…