二分比较容易想到 #include<map> #include<set> #include<cmath> #include<queue> #include<stack> #include<vector> #include<cstdio> #include<cassert> #include<iomanip> #include<cstdlib> #include<cstring>…

C. Tavas and Karafs #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #include <algorithm> #include <string> #include <vector> #include <set> #include <map> #include <stack&g…

Tavas and Karafs time limit per test 2 seconds memory limit per test 256 megabytes input standard input output standard output Karafs is some kind of vegetable in shape of an 1 × h rectangle. Tavaspolis people love Karafs and they use Karafs in almos…

题意:给出一个无限长度的等差数列(递增),每次可以让从l开始的m个减少1,如果某个位置已经是0了,那么可以顺延到下一位减少1,这样的操作最多t次,问t次操作以后从l开始的最长0序列的最大右边界r是多少. 分析:由题意可以挖掘出两个条件:l~r中最大的值(因为是递增的,即r的值)必定不大于t:同时,t*m要大于或等于这一段的和.那么根据这两个条件进行二分即可. 细节:二分的右端点inf不能设置的太大,否则第一次的mid可能就会爆long long. 代码如下: #include <stdio.h>…

535C - Tavas and Karafs 思路:对于满足条件的r,max(hl ,hl+1 ,hl+2 ,......,hr )<=t(也就是hr<=t)且∑hi<=t*m.所以通过这个条件二分找出最大的r. 二分的下界为1,上界为使得hi等于t的i(hi=t    ==>    a+(i-1)*b=t    ==>    i=(t-a)/b+1) 代码: #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #defin…

Tavas and Karafs Time Limit:2000MS     Memory Limit:262144KB     64bit IO Format:%I64d & %I64u Submit Status Practice CodeForces 535C Description Karafs is some kind of vegetable in shape of an 1 × h rectangle. Tavaspolis people love Karafs and they…

Tavas and Karafs Time Limit: 1 Sec  Memory Limit: 256 MB 题目连接 http://codeforces.com/contest/536/problem/A Description Karafs is some kind of vegetable in shape of an 1 × h rectangle. Tavaspolis people love Karafs and they use Karafs in almost any kin…

题目传送门 /* 题意:给定一个数列,求最大的r使得[l,r]的数字能在t次全变为0,每一次可以在m的长度内减1 二分搜索:搜索r,求出sum <= t * m的最大的r 详细解释:http://blog.csdn.net/libin56842/article/details/45082747 */ #include <cstdio> #include <algorithm> #include <cstring> #include <cmath> us…

[链接] 我是链接,点我呀:) [题意] 给你一个规则,让你知道第i根萝卜的高度为si = A+(i-1)*B 现在给你n个询问; 每次询问给你一个固定的起点l; 让你找一个最大的右端点r; 使得l..r这一段能够在t次"m吃操作"内被吃完. [题解] 如果l..r里面的最大值大于t了;则无解 最大值小于等于t的话. 每次可以取m个. 然后可以取t次. 也就是说 这一段里面的和<=m*t; 只要A+(i-1)*B大于1e6了就停下来 最坏情况就是A和B都为1 写个rmq+二分就好…

显然发现可以二分. 对于n<=100暴力dp f[i][j]表示前i个数分成j段对于当前的答案是否可行. 可以发现这个dp是可以被优化的 sum[i]-sum[j]<=mid sum[i]-mid<=sum[j] 维护一个最大的sumj 即可O(1)转移 复杂度nklog 可以获得 40分. 考虑ai>=0 二分完之后直接贪心即可 能选就选 可以证明 这是最优的或者说对后面结果不会更差. 考虑ai<=0 二分完之后可以发现能分成一段就分成一段 只要分的段数>=k即可.…