一道递推题(我这个菜鸡刚开始以为是排列组合) 题目: 突破蝙蝠的包围,yifenfei来到一处悬崖面前,悬崖彼岸就是前进的方向,好在现在的yifenfei已经学过御剑术,可御剑轻松飞过悬崖.现在的问题是:悬崖中间飞着很多红,黄,蓝三种颜色的珠子,假设我们把悬崖看成一条长度为n的线段,线段上的每一单位长度空间都可能飞过红,黄,蓝三种珠子,而yifenfei必定会在该空间上碰到一种颜色的珠子.如果在连续3段单位空间碰到的珠子颜色都不一样,则yifenfei就会坠落.比如经过长度为3的悬崖,碰到的珠子…

原谅我缺少设备,只能手写图解 题目:           在一无限大的二维平面中,我们做如下假设:             1.  每次只能移动一格:             2.  不能向后走(假设你的目的地是"向上",那么你可以向左走,可以向右走,也可以向上走,但是不可以向下走):             3.  走过的格子立即塌陷无法再走第二次:             求走n步不同的方案数(2种走法只要有一步不一样,即被认为是不同的方案).                  …

例3.2给予我们继续往下面做的动力.很明显的我们对于g(t)的逼近还是太粗糙了.很自然的,我们会想到,如果继续细分我们的短点,比如每1/2取一个值,甚至每1/4取一个值,那么就会有更好的逼近效果. 不同分辨率的分段常函数 有没有一种能在“半整数”点和整数点间断的常整数分段函数?我们可以采用与这个类似的处于V0空间里的函数进行描述.对从门函数引出的Φ(t)进行缩放便可以达到我们的目的 可以看出,这个函数的支撑集是[0,1/2),那么对它进行尺度变换之后的函数是什么样子呢?由于.从高中的平移知识不难…

彼岸 思路:动态规划.因为不能有连续三个不同的颜色,所以只要看最后三个就可以了. 设dp[n]为长度为n到达彼岸的方案数. ①当第n-2个颜色和第n-1个颜色相同时,第n个位置可以取任意一种颜色,dp[n-1]==dp[n-2],dp[n] = dp[n-2]*3; ②当第n-2个颜色和第n-1个颜色不同时,第n个位置只要取前两个中的任意一个即可,dp[n-1]-dp[n-2]为第n-1个位置不同的方案数,dp[n] =(dp[n-1]-dp[n-2])*2. dp[n] = dp[n-2]*3…

请根据团队项目中软件的需求文档.功能说明.系统设计和测试计划,写出软件的测试过程和测试结果,并回答下述问题. 一.在测试过程中总共发现了多少Bug?每个类别的Bug分别为多少个?(10分) 在测试过程中总共发现了5个Bug a.修复的bug(2个): 1.sql server用Date类型存日期的时候,读出来的时间比存进去的时间会少两天 这个问题我查资料后发现这是微软的锅.微软官方给出的解释是,如果要避免出现这样的问题,需要使用jre1.5或者1.6.而我用的是jre.1.8. 解决这个问题的方…

vj线段树专题题解 单点更新模板 void build(int x,int l,int r){//sum[x]控制l-r区域 if(l==r){Sum[x]=num[l];return ;} int mid=l+((r-l)>>1); build(x<<1,l,mid); build(x<<1|1,mid+1,r); Sum[x]=Sum[x<<1]+Sum[x<<1|1]; } void add(int a,int b,int l,int r,…

其他题可由本题变形得到. 思路:利用坐标dfs搜索. 注意:1,初始化.2,坐标实时更新(x,y) 代码: #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #define ll long long using namespace std; ; ; char mp[amn][amn]; char ans[amn][amn]; void solve(int x,int y,int tot) { if(tot==a)…

缓存是用于提升网站性能的一种即简单又有效的途径.通过存储相对静态的数据至缓存以备所需,我们可以省去生成 这些数据的时间.在 Yii 中使用缓存主要包括配置和访问缓存组件 . 内部方法 一.缓存配置: 1.单一缓存组件配置: Yii缓存可以在不同的级别使用.在最低级别,可用来缓存单个数据(数据缓存).往上一级,我们缓存一个由视图脚本生成的页面片断(片段缓存).在最高级别,可存储整个页面以便需要的时候直接从缓存读取.本文说明页面缓存的配置及实现效果: 实现分为2步: 1. 在config文件加入缓存…

//A #include<bits/stdc++.h> using namespace std; bool vis[1000010]; void Get_Prime() { int n = 1000010; int m = sqrt(n+0.5); memset(vis,0,sizeof(vis)); for(int i=2; i<=m; i++) if(!vis[i]) for(int j=i*i; j<=n; j+=i) vis[j] = 1; return ; } int F…

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