/*===================================== 能被3,5,7整除的数 总时间限制: 1000ms 内存限制: 65536kB 描述 输入一个整数,判断它能否被3,5,7整除,并输出以下信息: 1.能同时被3,5,7整除(直接输出3 5 7,每个数中间一个空格): 2.能被其中两个数整除(输出两个数,小的在前,大的在后.例如:3 5或者 3 7或者5 7,中间用空格分隔) 3.能被其中一个数整除(输出这个除数) 4.不能被任何数整除:(输出小写字符'n',不包括单

有点懵,被几个9整除,我理解的是n=n/9能整除几次,代码如下: 1 /*45 [程序 45 被 9 整除] 2 题目:判断一个数能被几个 9 整除 3 */ 4 5 /*分析 6 * 1.用while循环,n/9大于0就继续循环 7 * 2.利用n%9==0判断是否可以被9整除 8 * 3.确定可以被9整除后,n=n/9的得到新的n 9 * 4.声明一个计数器,每除一次9就加1 10 * */ 11 12 package homework; 13 14 import java.util.Sca

#include <stdio.h> /* 判断一个数能不能同时被3和5整除 --------soulsjie 20170525----- */ void main(){ int input; printf("请输入一个数:"); scanf("%d",&input); == && input%==) { printf("%d能同时被3和5整除!\n",input); } else{printf("%

链接: http://acm.hdu.edu.cn/contests/contest_showproblem.php?pid=1005&cid=595 若一个整数的个位数字截去,再从余下的数中,减去个位数的2倍,如果差是7的倍数,则原数能被7整除.如果一次不容易看出,就需要继续上述过程.如6139,过程如下:613-9×2＝595,59-5×2＝49,所以6139是7的倍数. 能被11整除的数的特征把一个数由右边向左边数,将奇位上的数字与偶位上的数字分别加起来,再求它们的差,如果这个差是11的倍

一.Description The most important part of a GSM network is so called Base Transceiver Station (BTS). These transceivers form the areas called cells (this term gave the name to the cellular phone) and every phone connects to the BTS with the strongest

算法思想 统计二叉树中叶子结点的个数和度为1.度为2的结点个数,因此可以参照二叉树三种遍历算法(先序.中序.后序)中的任何一种去完成,只需将访问操作具体变为判断是否为叶子结点和度为1.度为2的结点及统计操作即可. #include <stdio.h> #include <stdlib.h> int LeafCount=0; int Degree1Count=0; int Degree2Count=0; typedef char DataType; //二叉链表结点的数据类型 typ

php实现求二进制中1的个数(右移.&.int32位)(n = n & (n - 1);) 一.总结 1.PHP中的位运算符和java和c++一样 2.位移运算符看箭头方向,箭头向左就是左移,左移*2 3.php中整形32位 二.php实现求二进制中1的个数 题目描述: 输入一个整数,输出该数二进制表示中1的个数.其中负数用补码表示.   最佳代码: 绝对最佳答案及分析: public class Solution {     public int NumberOf1(int n) {  

题目描述:一个{1, ..., n}的子集S被称为JZP集,当且仅当对于任意S中的两个数x,y,若(x+y)/2为整数,那么(x+y)/2也属于S.例如,n=3,S={1,3}不是JZP集,因为(1+3)/2=2不属于S.但是{1,2,3}的其他子集都属于S,所以n=3时有7个JZP集给定n,求JZP集的个数. 输入:第一行为T,表示输入数据组数.每组数据包含一行整数n.限制条件:1<=T<=10^5,1<=n<=10^7 输出:对第i组数据,输出Case #i:然后输出JZP集的

一.抽屉算法 抽屉算法,又名鸽巢原理,它是德国数学家狄利克雷首先明确的提出来并用以证明一些数论中的问题,因此,也称为狄利克雷原则.它是组合数学中一个重要的原理. 具体算法讲的是: 第一抽屉算法: 如果n+1个物体被放进n个盒子,那么至少有一个盒子包含两个或更多的物体. 证明(反证法):如果每个抽屉至多只能放进一个物体,那么物体的总数至多是n,而不是题设的n+k(k≥1),故不可能. 第二抽屉算法:把多于mn(m乘以n)个的物体放到n个抽屉里,则至少有一个抽屉里有不少于m+1的物体. 证明(反证法

翻译:小马哥 日期:2004-5-22 BitTorrent 是一种分发文件的协议.它通过URL来识别内容,并且可以无缝的和web进行交互.它基于HTTP协议,它的优势是:如果有多个下载者并发的下载同一个文件,那么,每个下载者也同时为其它下载者上传文件,这样,文件源可以支持大量的用户进行下载,而只带来适当的负载的增长.(译注:因为大量的负载被均衡到整个系统中,所以提供源文件的机器的负载只有少量增长) 一个BT文件分布系统由下列实体组成: 一个普通的web服务器 一个静态的“元信息”文件 一个跟踪

第三章 选择 3.8 计算身体质量指数 package com.chapter3; import java.util.Scanner; public class ComputeAndInterpretBMI { /** *计算身体质量指数 *BMI *BMI<18.5 偏瘦 *18.5<=BMI<25.0 正常 *25.0<=BMI<30.0 超重 *30.<=BMI 过胖 */ public static void main(String[] args) { Scan

"流程控制语句":if.for. 1.1 if 选择语句,给程序添加了多种执行路线. 1 if(){ 2  语句1 3 }else if(){ 4  语句2 5 }else if(){ 6  语句3 7 }else{ 8  语句4 9 } 有且仅有一条出路.注意跳楼现象. 所以我们发现,计算机的两个基本能力:1)计算能力 2)流程控制能力 1.2 for 循环语句,顾名思义,就是将结构类似的语句重复执行. 1 for(var i = 0 ; i <= 100 ; i++){ 2 

1. $ax+by=1 \rightarrow gcd(a,b)=1$ 2.如果一个数的后n位能被$2^n$整除,那么这个数能被$2^n$整除. 3.如果一个数的各位数之和能被3,9整除,那么这个数能被3,9整除 4.如果一个数的奇数位与欧数位之差能被11整除,那这歌数能被11整除 5.如果一个数的末三位和末三位之前的数字组成的数的差能被7,11,13整除,那么这个数能被7,11,13整除 6.一个N*M的二维平面,从其中任意一个点经过所有点的回路长度最小为: 当N*M为偶数时,ans=N*M

Description 在 \([a,b]\) 之间选择 \(n\) 个数 (可以重复) ,使这 \(n\) 个数的最小公倍数能被 \(x\) 整除,对 \(10^9+7\) 取膜. \(1\leqslant n \leqslant 100,1\leqslant a,b,x \leqslant 10^9\) Sol 容斥原理+状态压缩. 这是容斥原理非常好的一道题啊QAQ. 转化成补集,有多少不能被 \(x\) 整除的序列. 首先质因数分解 \(x\) 因为最小的 \(9\) 个质数的积已经超过

[题目] 我们把只包含质因子2.3和5的数称作丑数(Ugly Number),例如:2,3,4,5,6,8,9,10,12,15,等,习惯上我们把1当做是第一个丑数.求按从小到大的顺序的第1500个丑数. [分析] 这是一道在网络上广为流传的面试题,据说google曾经采用过这道题. 所谓一个数m是另一个数n的因子,是指n能被m整除,也就是n % m == 0.根据丑数的定义,丑数只能被2.3和5整除.也就是说如果一个数如果它能被2整除,我们把它连续除以2:如果能被3整除,就连续除以3:如果能被

题目很简单..不过题意好像有点难懂... 题意:判定一个数能否被一个幸运数整除,循环一遍4到n/4,若存在i为幸运数且被n整除输出yes,反之输出no... 代码如下: #include <bits/stdc++.h> using namespace std; int main(void) { int n; ]; cin >> n; ; j<=n; j++) { sprintf(a, "%d", j); int i; ; a[i]!='\0'; i++)

转载:http://blog.csdn.net/morewindows/article/details/12684497 题目:数组A中,除了某一个数字x之外,其他数字都出现了三次,而x出现了一次.请给出最快的方法找到x. 要求:时间复杂度0(n) 思路: 如果数组中没有x,那么数组中所有的数字都出现了3次,在二进制上,每位上1的个数肯定也能被3整除.如{1, 5, 1, 5, 1, 5}从二进制上看有: 1:0001 5:0101 1:0001 5:0101 1:0001 5:0101 二进制

题目链接: http://acm.hust.edu.cn/vjudge/problem/47664 Eleven Time Limit: 5000MS 问题描述 In this problem, we refer to the digits of a positive integer as the sequence of digits required to write it in base 10 without leading zeros. For instance, the digits o

题目: 尾部的零 设计一个算法,计算出n阶乘中尾部零的个数 样例 11! = 39916800,因此应该返回 2 挑战 O(logN)的时间复杂度 解题: 常用方法: 也许你在编程之美中看到,通过求能够被2 整除和能够被5整除个数的最小值就是答案,或者直接求能够被5整除的个数就是答案<能够被5整除的数显然比较小>,但是在这里,java python都试了,结果都会出现运行超时或者越界的问题. 维基百科中有如下计算方法: Java程序: class Solution { /* * param n

C语言中有有许多经典的算法,这些算法都是许多人的智慧结晶,也是编程中常用的算法,这里面包含了众多算法思想,掌握这些算法,对于学习更高级的.更难的算法都会有很大的帮助,会为自己的算法学习打下坚实的基础. 接下来我们先来看10道: (1)输出9*9乘法口诀. //9*9乘法口诀表 void Table99() { int i,j; for(i = 1; i <= 9; i++) //外层循环控制行 { for(j = 1; j <= i; j++) //内层循环控制列 { printf("

时间限制: 0.25 sec. 空间限制: 4096 KB 题目大意: 给你n,m,k(都小于10001),和 n 个数,求这n个数中有多少个数的m次幂能够整除k.(即 n i^m % k==0). solution: 快速幂取余. 参考代码 #include <iostream> using namespace std; __int64 Quikpower(__int64 a,__int64 d,__int64 n){ __int64 k = ; ){ ) k = (k*a)%n; a=(a