递归:就是出现这种情况的代码: (或者说是用到了栈) 解答树角度:在dfs遍历一棵解答树 优点:结构简洁缺点:效率低,可能栈溢出 递归的一般结构: void f() { if(符合边界条件) { /////// return; } //某种形式的调用 f(); } 回溯:递归的一种,或者说是通过递归这种代码结构来实现回溯这个目的.回溯法可以被认为是一个有过剪枝的DFS过程.解答树角度:带回溯的dfs遍历一棵解答树回溯的一般结构: void dfs(int 当前状态) { if(当前状态为边界状态

37. 解数独 1A 这个题其实15分钟左右就敲出来并且对了...但是由于我输错了一个数..导致我白白debug一个多小时.. 没啥难度,练递归-dfs的好题 class Solution { private int which(int i, int j) { if (i <= 2) { if (j <= 2) return 1; if (j <= 5) return 2; return 3; } if (i <= 5) { if (j <= 2) return 4; if

邻接矩阵存图 /* * @Author: WZY * @School: HPU * @Date: 2018-11-02 18:35:27 * @Last Modified by: WZY * @Last Modified time: 2018-11-02 19:48:06 */ #include <bits/stdc++.h> #define INF 0x7f7f7f7f #define ms(a,b) memset(a,b,sizeof(a)) const int maxn=1e3+10;

                              The GeoSurvComp geologic survey company is responsible for detecting underground oil deposits. GeoSurvComp works with one large rectangular region of land at a time, and creates a grid that divides the land into numerous

本题题意:寻找一个排列,在此排序中,带宽的长度最小(带宽是指:任意一点v与其距离最远的且与v有边相连的顶点与v的距离的最大值),若有多个,按照字典序输出最小的哪一个. 解题思路: 方法一:由于题目说结点的个数最多是8个,所以,最先想到的方法是暴力枚举,将所有的结点全排列,然后找到宽带长度最小的那一个,此方法不会超时. 方法二:利用回溯法,将所有肯能的情况都遍历一遍,保存目前最短的宽带的长度minn,若当前的宽带长度大于minn,就进行剪枝,此题要注意,此题的结点不一定是从A开始的,所以要建立字母

1329. Galactic History 比赛的时候看到学弟A了这题然后跟榜做,结果在LCA的道路上一去不复返,这个题是很像LCA求最近公共祖先的,不过三个人都没学过LCA,只能拿着资料看着像然后就打上去,结果debug半天,真是吃鸡,边学边做. 题意:n个点,接下来n行每行每个u,v,表示v是u的父节点.v=-1表示u是祖先节点.然后q次查询,每次一个u,v.如果u是v所在的子树的根,输出1,如果v是u所在的子树的根,输出-2,否则输出0. 思路:我们可以先dfs或bfs将这颗树分层,最朴

呜呜呜 递归好不想写qwq 求“所有情况”这种就递归 17. Letter Combinations of a Phone Number 题意:在九宫格上按数字,输出所有可能的字母组合 Input: " Output: ["ad", "ae", "af", "bd", "be", "bf", "cd", "ce", "cf&qu

/*该题被博客里标记为中等题,30分钟内1A,掌握了算法就简单了,单向连通图判定,单向连通图缩点 后必然唯一存在出度为0的点和入度为0的点,并且从入度为0的点出发,可以遍历所有点后到达出度为0点 (一条长链),(容易反证),所以缩点后,我重新建图(以前觉得重新建图好麻烦,现在看来SO easy), ,对新有向无环图,从入度为0的点做dfs(回溯时要标记回来,因为要所有dfs路线),有一条深度到达 强连通分支数即为yes,反之no*/ #include<iostream> //297MS, 1A

Chinese Postman Problem is a very famous hard problem in graph theory. The problem is to find a shortest closed path or circuit that visits every edge of a (connected) undirected graph. When the graph has an Eulerian Circuit (a closed walk that cover

40. 组合总和 II LeetCode_40 题目描述 题解分析 此题和 39. 组合总和 + 递归 + 回溯 + 存储路径很像,只不过题目修改了一下. 题解的关键是首先将候选数组进行排序,然后记录每个数的出现次数. 将去重后的数组当成是新的候选数组进行递归搜索. 回溯的时候注意是在最后将相同数字次数的数从列表中清除. java代码 package com.walegarrett.interview; import java.util.ArrayList; import java.util.A

  Codeforces Round #267 (Div. 2) CF#267D D - Fedor and Essay D. Fedor and Essay time limit per test 2 seconds memory limit per test 256 megabytes input standard input output standard output After you had helped Fedor to find friends in the «Call of S

POJ 1321-棋盘问题 K - DFS Time Limit:1000MS     Memory Limit:10000KB     64bit IO Format:%I64d & %I64u   Description 在一个给定形状的棋盘(形状可能是不规则的)上面摆放棋子,棋子没有区别.要求摆放时任意的两个棋子不能放在棋盘中的同一行或者同一列,请编程求解对于给定形状和大小的棋盘,摆放k个棋子的所有可行的摆放方案C. Input 输入含有多组测试数据. 每组数据的第一行是两个正整数,n k

题目链接:https://www.luogu.com.cn/problem/P1378 题目中给出矩形的长宽和一些点,可以在每个点放油滴,油滴会扩展,直到触碰到矩形的周边或者其他油滴的边缘,求出剩余面积的最小值,就是求油滴面积的最大值.策略是dfs加上回溯,暴力求解. 代码如下: #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef unsigned int ui; typedef long long ll; typedef unsigned

The Settlers of Catan Time Limit: 1000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions: 1123   Accepted: 732 Description Within Settlers of Catan, the 1995 German game of the year, players attempt to dominate an island by building roads, settlements and c

看以前写的文章: 图的BFS:http://www.cnblogs.com/youxin/p/3284016.html DFS:http://www.cnblogs.com/youxin/archive/2012/07/28/2613362.html 递归: 参考了算法导论 ];//0代表white,1 gray 2 black ; ];//顶点v第一次被发现(并置v为gray色) ];//结束检测v的邻接表(并置v为黑色) void DFS(Graph G,int u); void DFSTr

关于图的遍历,通常有深度优先搜索(DFS)和广度优先搜索(BFS),本文结合一般的图结构(邻接矩阵和邻接表),给出两种遍历算法的模板 1.深度优先搜索(DFS) #include<iostream> #include<unordered_map> #include<queue> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<cmath> #include<algorithm> #

1. 题目描述 /* 请设计一个函数,用来判断在一个矩阵中是否存在一条包含某字符串所有字符的路径. 路径可以从矩阵中的任意一个格子开始,每一步可以在矩阵中向左,向右,向上,向下移动一个格子. 如果一条路径经过了矩阵中的某一个格子,则该路径不能再进入该格子. 举个栗子: 例如在下面的3*4的矩阵中包含一条字符串”bcced”的路径. 但矩阵中不包含字符串“abcb”的路径,因为字符串的第一个字符b占据了矩阵中的第一行第二格子之后,路径不能再次进入这个格子. a b c e s f c s a d

最近刷了几题拓扑排序的题,记录一下拓扑排序 在有向图中,并且按照一定的规则(题目所给的规则)排序.如果图中出现了有向环的话就无法排序了. int gap[maxn][maxn];//记录下有向边 int topo[maxn], c[maxn], t;//topo数组用来保存最后的排序结果, //c数组用来判断是否有访问过或者成环 //t 用来记录当前topo数组的下标值 bool dfs(int u){ c[u] = -;//标记当前访问点 ; v<=n; v++) if(gap[u][v]){

题目链接:http://acm.csu.edu.cn/OnlineJudge/problem.php?id=1804 中文题意就不说了. dfs从底到根回溯即可,看代码应该能清楚. //#pragma comment(linker, "/STACK:102400000, 102400000") #include <algorithm> #include <iostream> #include <cstdlib> #include <cstrin

深度优先搜索使用的策略是,只要与可能就在图中尽量“深入”.DFS总是对最近才发现的结点v出发边进行探索,知道该结点的所有出发边都被发现为止.一旦v的所有出发边都被发现了,搜索就回溯到v的前驱结点(v是经该结点才被发现的),来搜索该前驱结点的出发边.该过程持续知道从源结点可以到达的所有结点都被发现为止.此后若还存在未被发现的结点,则DFS将从从未被发现的结点中任选一个结点作为新的源节点,并重复同样的过程. 还是老办法,上代码,可以清楚地解释: #include <iostream> #inclu

DFS将递归改为非递归这个方法的需求来自于一道三维积木组合的题目,还在苦苦调试中,暂且不提. 普通的认识对于递归向非递归的转化无非是使用栈,但是结合到深度搜索如何将栈很好利用,如何很好保存现场,都不是很轻松(自身感觉). 网上大部分转化都是基于图的搜索进行,总是引出邻接点的概念,让人越看越迷,毕竟不是每个DFS都是图(不可否认都可以看成是图). 在众多资料中看到了CSDN上的一个转化方法很新颖(结构之法,算法之道):http://blog.csdn.net/v_july_v/article/de