再计算器上输入以下数字,每输入一个数字,按一下“Xor”

今天看到一位大神的博客,深受感触.决定也发一篇博客,证明一下我还活着. 于是我翻看以前学习时做的一些笔记,整理了一下,得到了一个关于异或运算交换变量变量值的笔记. 首先来看下面三组表达式,看起来他们都能实现交换两个变量的值. a = a ^ b; b = a ^ b; a = a ^ b; a = a ^ (b = b ^ (a = a ^ b)); a ^= b ^= a ^= b; 可实际的情况是,前面2组表达式,在C.C++.Java中都能顺利完成变量值的交换.而第3组表达式,却只在C.C

从20世纪70年代末到80年代末,Digital Equipment的VAX计算机是一种非常流行的机型.它没有布尔运算AND和OR指令,只有bis(位设置)和bic(位清除)这两种指令.两种指令的输入都是一个数据字x和一个掩码字m.它们生成一个结果z,z是由根据掩码m的位来修改x的位得到的.使用bis指令,这种修改就是在m为1的每个位置上,将z对应的位设置为1.使用bic指令,这种修改就是在m为1的每个位置,将z对应的位设置为0. 为了看清楚这些运算与C语言位级运算的关系,假设我们有两个函数bi

话说为啥FEC需要异或( ^/⊕ )操作呢? 异或:xor 异或运算规则: 0 xor 0 = 0 0 xor 1 = 1 1 xor 0 = 1 1 xor 1 = 0 异或运算特性: 1). a xor a = 0 2). a xor 0 = a 3). (a xor b) xor c = a xor (b xor c) 4). IF a xor b = c THEN a xor c = b    异或的运算特性有两点很好的应用 查找 case 1: 一个数组,除了其中一个元素,其他元素都为

对集合的交并补运算.差运算及异或运算的代码,可输入字符与数字,内容简单,详情请看以下代码 #include<iostream> using namespace std; int main() { //全集u char u[] = {'a','b','c','d','e','f','g','h'}; char a[] = {'a','b','c','g'}; char b[] = {'d','e','f','g'}; char c[] = {'a','c','f'}; char d[] = {'

版权声明一:本文为博主原创文章,转载请附上原文出处链接和本声明.版权声明二:本网站的所有作品会及时更新,欢迎大家阅读后发表评论,以利作品的完善.版权声明三:对不遵守本声明或其他违法.恶意使用本网内容者,保留追究其法律责任的权利.本文链接:https://home.cnblogs.com/u/zak24/ Java中的「与运算 & 」 规则 :都为1时才为1,否则为0 即:两位同时为“1”,结果才为“1”,否则为0 例如:     public static void main(String ar

本文记录了不使用中间变量交换2个变量的value,很多的网络留言说是直接异或运算就可以了,而且效率很高,是真的吗? 这里简单的说一下我的环境:Win7 32位,Qt creator 5.4.1 编译器MinGW4.9.2 32bit 调试器:GNU GDB 7.8 关于这个问题,网络上面有很多的解释,3种方法,我这里给比较一下各自的优缺点,然后简单分析一下汇编代码,分析代码如下: #include <stdio.h> void swap1(int &a,int &b) { in

38．利用接口做参数,写个计算器,能完成+-*/运算 (1)定义一个接口Compute含有一个方法int computer(int n,int m); (2)设计四个类分别实现此接口,完成+-*/运算 (3)设计一个类UseCompute,含有方法: public void useCom(Compute com, int one, int two) 此方法要求能够:1．用传递过来的对象调用computer方法完成运算 2．输出运算的结果 (4)设计一个测试类,调用UseCompute中的方法us

Problem Description 有个叫"猪头帮"的国家,采用一种简单的文法加密,他们所用的语言里面只有大写字母,没有其他任何字符:现在还知道他们加密的方法是:只用一个大写字母和原文进行异或运算生成密文.请你帮忙解开. Input 有若干组,每组输入有2行,第一行整数N表示有N个密文,接着一行有N个整数分别表示N个密文. Output 输出仅有大写字母组成的原文. Sample Input 30 17 6 9 8 3 0 1 6 7 4 5 10 11 8 9 14 15 12

异或运算的基础有点忘记了 先介绍一下..2个数异或 就是对于每一个二进制位进行位运算 具有2个特殊的性质 1.一个数异或本身恒等于0,如5^5恒等于0: 2.一个数异或0恒等于本身,如5^0恒等于5. 3 满足交换律 1.交换数字 这个性质能利用与交换数字 先考虑加减改变法. a=a+b b=a-b; a=a-b;; 实际上以第一个 A(与a区别)=a+b 作为临时的参数A(实际a+b) 完成 b=A-b=a+b-b=a; a=A-a=(经过上面的运算 a==b了)=A-b; 用异或也是同理 A

1.参加运算的两个数据,按照二进制进行按位与的运算. 运算规则:0&0=0;   0&1=0;    1&0=0;     1&1=1; 即:两位同时为“1”,结果才为“1”,否则为0. 例如:3&5  即 0000 0011 & 0000 0101 = 0000 0001   因此,3&5的值得1. 3&5的与运算是先转换为二进制之后再进行规则比较得出最后的结果,为1. 2.参加运算的两个对象,按二进制位进行“或”运算. 运算规则:0|0=

第一次接触异或运算,总体来说比哈希算法简单的多,无论是理解还是代码的难易度,唯一不好的是在固定了密钥之后,随机性就小了很多,所以安全性比起哈希算法还是有所差距. 原理在网站上很多都有所以就不再赘述了.程序的正确性尚不可知,不管了. 直接贴代码: static void Main(string[] args) {         int i,n;         string s_result=null, s_text, s_key;         char ch;         Consol

图像的与.或.非.异或逻辑运算涉及到了&.|.~和xor符号 close all;%关闭当前所有图形窗口,清空工作空间变量,清除工作空间所有变量 clc; clear all; I=imread('ipexroundness_01.png');%读入图像,赋值给I和J J=imread('ipexroundness_04.png'); I1=im2bw(I); %转化为二值图像 J1=im2bw(J); K1=I1 & J1; %实现图像的逻辑“与”运算 K2=I1 | J1; %实现图像

4103: [Thu Summer Camp 2015]异或运算 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MB Description 给定长度为n的数列X={x1,x2,...,xn}和长度为m的数列Y={y1,y2,...,ym},令矩阵A中第i行第j列的值Aij=xi xor  yj,每次询问给定矩形区域i∈[u,d],j∈[l,r],找出第k大的Aij. Input 第一行包含两个正整数n,m,分别表示两个数列的长度 第二行包含n个非负整数xi 第三行

首先,异或运算是,每个位上的数不同为1,相同为0. 其次,对两个数值变量的值进行三次异或运算就等于是交换了两个变量的值. 例如: int a = 4; int b = 10; a = a ^ b; b = b ^ a; a = a ^ b; 之后的结果是: 进行位异或运算 a: 10 b: 4

4103: [Thu Summer Camp 2015]异或运算 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MB Description 给定长度为n的数列X={x1,x2,...,xn}和长度为m的数列Y={y1,y2,...,ym},令矩阵A中第i行第j列的值Aij=xi xor  yj,每次询问给定矩形区域i∈[u,d],j∈[l,r],找出第k大的Aij. Input 第一行包含两个正整数n,m,分别表示两个数列的长度 第二行包含n个非负整数xi 第三行

4103: [Thu Summer Camp 2015]异或运算 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 474  Solved: 258 Description 给定长度为n的数列X={x1,x2,...,xn}和长度为m的数列Y={y1,y2,...,ym},令矩阵A中第i行第j列的值Aij=xi xor  yj,每次询问给定矩形区域i∈[u,d],j∈[l,r],找出第k大的Aij. Input 第一行包含两个正整数n,m,分别表示两

题目要求 Given an array of integers, every element appears twice except for one. Find that single one. Note:Your algorithm should have a linear runtime complexity. Could you implement it without using extra memory? 一个int数组中,除了有一个int只出现了一次,其他int都出现了两次,请找出

find your present (2) Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others) Total Submission(s): 21862 Accepted Submission(s): 8634 Problem Description In the new year party, everybody will get a "special present".Now

利用“^”异或运算对字符串进行加密 原理:按位做“异或”运算是->位值相同得1,不同得0,如下计算 1 ^ 1 = 0 1 ^ 0 = 1 0 ^ 1 = 1 0 ^ 0 = 0 例如: < 加密过程:> 原解释的二进制为          1  1  0  0   ----原文 设定的key的二进制为     0  1  1  0  ----密钥 两者做“异或”结果为    0  1  0  1 ----密文 < 解密过程:> 0  1  0  1 ----密文    0 

对于异或运算有这如下说明: 1^1=0 0^0=0 1^0=1 0^1=1 简单理解就是当两个书相同时结果为0,而两个数不同时异或的结果为1 可用于两个整数的交换,而不用去引入一个中间变量 #include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> #include<cstring> using namespace std; int main() { int a,b; cin>>a>>