1. 判断一个数是否是2的方幂n > 0 && ((n & (n - 1)) == 0 ) 解释((n & (n-1)) == 0): 如果A&B==0,表示A与B的二进制形式没有在同一个位置都为1的时候. 那么本题到底啥意思?? 不妨先看下n-1是什么意思. 令:n=1101011000(二进制,十进制也一样),则 n-1=1101010111. n&(n-1)=1101010000 由此可以得出,n和n-1的低位不一样,直到有个转折点,就是借位的那

学了下bitset用法,从网上找的一些bitset用法,并从中调出一些常用的用法. 构造函数bitset<n> b; b有n位,每位都为0.参数n可以为一个表达式.如bitset<5> b0;则"b0"为"00000"; bitset<n> b(unsigned long u); b有n位,并用u赋值;如果u超过n位,则顶端被截除如:bitset<5>b0(5);则"b0"为"00101&

C++ bitset--高端压位卡常题必备STL 以下内容翻译自cplusplus.com,极大地锻炼了我的英语能力. bitset存储二进制数位. bitset就像一个bool类型的数组一样,但是有空间优化--bitset中的一个元素一般只占1 bit,相当于一个char元素所占空间的八分之一. bitset中的每个元素都能单独被访问,例如对于一个叫做foo的bitset,表达式foo[3]访问了它的第4个元素,就像数组一样. bitset有一个特性:整数类型和布尔数组都能转化成bitset.

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高斯消元 + bitset 简介: 高斯消元其实就是以加减消元为核心求唯一解.这道题还是比较裸的,可以快速判断出来.我们将每一只虫子看作一个未知数,这样根据它给出的 m 组方程我们可以高斯消元得出每一只虫子的归属地.如果你还不清楚高斯消元的原理可以移步此处 如果你只是以为这是一道板子题自信提交,那么恭喜你,你将会获得TLE的好成绩.为什么呢?我们知道高斯消元是 \(n^3\) 复杂度的,而本题数据范围 $ n \leq 1000\(,\) m \leq 2000$,明显会卡出TLE. 于是乎,b

bitset存储二进制数位. bitset就像一个bool类型的数组一样,但是有空间优化——bitset中的一个元素一般只占1 bit,相当于一个char元素所占空间的八分之一. bitset中的每个元素都能单独被访问,例如对于一个叫做foo的bitset,表达式foo[3]访问了它的第4个元素,就像数组一样. bitset有一个特性:整数类型和布尔数组都能转化成bitset. bitset的大小在编译时就需要确定.如果你想要不确定长度的bitset,请使用(奇葩的)vector<bool>.

这个东西看起来很棒棒的样子呀 bitset存储二进制数位 bitset就像一个bool类型的数组一样 bitset中的每个元素都能单独被访问 整数类型和布尔数组都能转化成bitset 有关Bitset的定义,运算以及相关的函数详见dalao的博客 https://www.cnblogs.com/RabbitHu/p/bitset.html 我将在文章的结尾摘抄这些内容用于整理板子 使用这个在处理二进制形式的数据的时候会非常方便 我个人的理解就是把二进制数当成十进制数来用的一种强力的数据结构 而且

终于又来写博客了 == bitset存储的是二进数位,就和一个bool性数组差不多.用法上和数组的操作方式也差不多. 每位只占一个字节,大大优化了空间,可以通过数组形式访问. bitset定义 可以用以下几种方式定义bitset,值得注意的是,bitset在定义的时候必须定义大小,这里8便是我们定义的长度,定义一个空bitset时所有值默认为0: bitset<> b; bitset<> bit(); bitset<> tp1(")); bitset<&

Bitset常用操作: bitset<size> s; //定义一个大小为size的bitset s.count(); //统计s中1的个数 s.set(); //将s的所有位变成1 s.set(p); //将s的第p位变成1 s.reset(); //将s的所有位变成0 s.reset(p); //将s的第p位变成0 s.flip(); //将s的所有位取反 s.flip(p); //将s的第p位取反 s.to_string(); //将s转换成string 两个$bitset$运算的时间复

题目链接:给你n(n<=3e4)个路由地址(注意有子网掩码现象), 路由地址:128.0.0.0/1的形式 要求你输出一个路由集合,其是给定的路由集合的补集,且个数越少越好 #include <cstdio> #include <iostream> #include <algorithm> #include <cstring> #include <iostream> #include <cmath> #include <s

高斯消元求解异或方程组,可以多学一下 $bitset$ 在位运算中的各种神奇操作. #include <cstdio> #include <bitset> #define N 2004 #define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin) , freopen(s".out","w",stdout) using namespace std; int n,m,ans; cha

YNOI2016:掉进兔子洞 题意简述: 有 m 个询问,每次询问三个区间,把三个区间中同时出现的数一个一个删掉,问最后三个区间剩下的数的个数和,询问独立. 注意这里删掉指的是一个一个删,不是把等于这个值的数直接删完,比如三个区间是 $ [1,2,2,3,3,3,3] $ , $ [1,2,2,3,3,3,3] $ 与 $ [1,1,2,3,3] $ ,就一起扔掉了 $ 1 $ 个 $ 1 \(,\) 1 $ 个 $ 2 \(,\) 2 $ 个 $ 3 $ . $ solution: $ 考场上

预处理,$01$背包,$bitset$优化. 可以预处理出每一种询问的答案,用$01$背包计算答案,$dp[i][j][k]$表示,前$i$个数字中,选择了$j$个,能否凑出$k$这个数字,可以开成$bitset<90>dp[55][12]$,第三维$bitset$位运算优化. $HDU$不稳,有时超时,有时通过. #pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000") #include<cstdio> #

作为一名高二老年选手来补一下我省去年的省选题. D1T1:寻宝游戏 按顺序给出\(n\)个\(m\)位的二进制数\(a_i\),再在最前方添一个\(0\), 给出\(q\)次询问,每次询问给出一个同样长为\(m\)的二进制数\(r_i\), 要求在之前给出的\(n+1\)个二进制数的每相邻两个数的空位添加按位与运算符或按位或运算符, 一共\(n\)个,并使得这个算式得到的值为\(r_i\),求方案数. \(n,q\le 1000,m\le 5000\) 暴力\(30\%\)不提. 对每一位分开考

time limit per test 9 seconds memory limit per test 256 megabytes input standard input output standard output Many schoolchildren look for a job for the summer, and one day, when Gerald was still a schoolboy, he also decided to work in the summer. Bu

C++ bitset--高端压位卡常题必备STL 以下内容翻译自cplusplus.com,极大地锻炼了我的英语能力. bitset存储二进制数位. bitset就像一个bool类型的数组一样,但是有空间优化--bitset中的一个元素一般只占1 bit,相当于一个char元素所占空间的八分之一. bitset中的每个元素都能单独被访问,例如对于一个叫做foo的bitset,表达式foo[3]访问了它的第4个元素,就像数组一样. bitset有一个特性:整数类型和布尔数组都能转化成bitset.

2017-08-17 16:27:29 writer:pprp /* 题目名称:输入十进制以二进制显示 程序说明:同上 作者:pprp 备注:无 日期:2017/8/17 */ #include <iostream> using namespace std; int main() { ]; cin >> number; ; i <= ; i++) s[i-] = number >> (i - ) & ; ; i >= ; i--) cout <

&运算  将两个数转化为二进制后,对应的位置上相同即取,通常取1,所以&通常情况下可以用来枚举子集 设x为表示集合的整数,那么这个整数有如下性质: x的子集整数y在数值上不会比x大.因为x的子集y只是保留了x某些位置上的1,所以y总可以加上一个非负的整数z等于x,相当于把没选的1补上. 根据这个性质可知,可以通过枚举所有比x小的数p并判断,p是否只含x对应位上的1,如果是则p是x的子集,否则不是.这样时间复杂度是严格的x.有没有更快的呢,有的. 上诉枚举p是通过减一操作,并且我们知道减一操

把大神的帖子中一部分摘抄出来,结合自己写的位运算代码和循环代码(数组遍历)进行性能测试分析并给出结果. 摘自: https://www.gameres.com/827195.html 本文适用于所有脏标记遍历功能,提升性能几倍,本文以游戏中玩家的属性同步作为例子进行介绍. 先说性能分析结果:一般玩家属性列表也就120个够用了,其中常用的攻击,防御,血蓝等,不超过20个.每0.5秒同步一次,那么变化的常用属性更少. 当变化10个属性,位运算性能提升6倍,20个时4倍,如图所示: 总结:位运算效率高

最长公共子序列(LCS)问题 你有两个字符串 \(A,B\),字符集为 \(\Sigma\),求 \(A, B\) 的最长公共子序列. 简单动态规划 首先有一个广为人知的 dp:\(f_{i,j}\) 为 \(A\) 的长度为 \(j\) 的前缀与 \(B\) 长度为 \(i\) 的前缀的 LCS.(注意 \(i\) 和 \(j\) 分别对于那个串) 那么显然有: \[f_{i,j} = \begin{cases} f_{i-1, j-1} + 1 & (A_j = B_i) \\ \max(f