Confulence提供了非常清晰的RESTful API,直接使用API比confluence_python_cli这个库更方便. 参考文档:https://developer.atlassian.com/server/confluence/confluence-server-rest-api/ CQL参考:https://developer.atlassian.com/server/confluence/cql-field-reference/#created 比如统计某个用户某段时间的文档

这题的状态设计非常巧妙,因为dp[S]表示的并非当前正确的值,而是维护一个中间量,这个中间量在到达末状态时才正确 当然官方的题解其实更加直观,只不过理解起来其实有点困难 /* 给定一个串s,字符集为20,求一个长为m的序列t,设pos[ch]为ch在t中的位置 确定一个t使得sum{ |pos[s[i]]-pos[s[i+1]]| } 先预处理cnt[][]数组用来存s中各种字符对的数量 然后进行状态压缩dp,从左到右按位确定t,S表示已经用掉的字符状态 用增量法对每种字符单独统计贡献,新增一个

题面传送门 sb 出题人不在题面里写 \(b_i=0\) 导致我挂成零蛋/fn/fn 首先考虑树链剖分将路径问题转化为序列上的问题,因此下文中简称"位置 \(i\)"表示 DFS 序为 \(i\) 的点,\(a_i,b_i\) 分别借指 DFS 为 \(i\) 的点的 \(a_i,b_i\).那么每次操作可以看作将一段区间上的位置清空并加上这段区间上所有位置的贡献.注意到这个清空形式单一,具体来说如果设 \(t_i\) 表示上一次位置 \(i\) 被清空的时刻,那么对于一个时刻 \(T

题意:给你一个数组a,设函数f(l, r)为数组a中权值在[l, r]之间的连通块的数目,比如a = [1, 3, 2, 1], f(1, 2) = 2, 连通块是位置1和位置3,4.问Σ(i = 1 to n)(j = i to n) f(i, j)的和是多少. 思路:这种求各种情况的总答案的问题,一种常见的思路是计算每种子问题对所有情况的贡献,这样只需对每个子问题计算即可.对于这个问题,假设i位置为1个连通块的左边界,我们计算一下它对答案的贡献. 1:若a[i - 1] < a[i], 那么

问题描述: 最近一直在用github来写博客,但是今天发现github上的contributions记录并没有我的提交记录. 经过一番百度和自行捣鼓发现了问题所在. 原因: 最近实习,公司给配电脑.原来没有git,是用homebrew安装的,github上的仓库也是用新电脑来创建的,以及后续博客的提交也是. 因为是mac并没有进行本地的任何配置,就直接用终端把本地文件push到仓库中去了. 原因也就在这里. 因为你本地的git默认的user.name和user.email并不是你的,而是本机.所

题目链接:http://poj.org/problem?id=3415 题意:给定2个串[A串和B串],求两个串公共子串长度大于等于k的个数. 思路:首先是两个字符串的问题.所以想用一个'#'把两个字符串拼接起来.求后缀数组. 然后按照k把height数组分组.大于等于k的为一组,然后就是统计每组的贡献.对于每一组的贡献即是组内所有A串的后缀和B串的后缀的lcp值,即为val.那么val对于答案的贡献为(val-k+1).如果我们暴力每组的AB串后缀的组合.时间复杂度是O(n^2).不能满足要求

BZOJ AC900题纪念~~ 若K>0,则 设f[i][j]表示i位数字,积为j的数字的个数 g[i][j]表示i位数字,积为j的数字的和 DP+Hash预处理 查询时枚举LCP然后统计贡献 若K=0,则 设f[i][j][k][l]表示已知前i位,乘积是否不为0,是否等于x,是否有数字的数字的个数 g[i][j][k][l]表示已知前i位,乘积是否不为0,是否等于x,是否有数字的数字的和 数位DP即可 #include<cstdio> typedef long long ll; co

思路:我们可以考虑三角剖分,这样问题就变成考虑三角形的选取概率和三角形内有多少个点了. 先用树状数组预处理出三角剖分的三角形中有多少个点,然后用线段树维护,先用原点极角排序,然后枚举i,再以i极角排序,此时线段树的作用就来了,每次到一个询问的教室点,我们就在线段树里面查找之前的概率,统计贡献即可. #include<cstdio> #include<iostream> #include<cmath> #include<cstring> #include<

后缀数组. 然后按照排序完成之后的顺序,每个后缀统计贡献量. 统计第i个后缀的贡献的时候,如果这个后缀中没有X,贡献度为0. 有贡献的分3种情况考虑: 1.如果这个后缀height部分等于0(即与前一个后缀没有公共前缀),那么在height之后的部分中找到第一个X的位置pos,n-pos为贡献度. 2.如果这个后缀height部分不等于0,如果这个后缀的height部分有X,那么贡献度为n-SA[i]-height[i]; 3.如果这个后缀height部分不等于0,如果这个后缀的height部分

题面链接 题解 首先构建出AC自动机 然后在AC自动机上面跑DP 转移很显然从Trie树的节点跳到他的儿子节点 但是要注意一个问题, 在计算的时候,每一个节点加入后能够 造成的贡献 要加上他的子串的贡献 至于DP: 设f[i][j]表示已经使用了i个字母 当前在Trie树的第j个节点上面能够产生的最大贡献 很显然,转移到他的儿子节点上面,同时统计贡献即可 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #inc

LOJ BZOJ 洛谷 想了一个奇葩的单调栈,算的时候要在中间取\(\min\),感觉不靠谱不写了=-= 调了十分钟发现输出没取模=v= BZOJ好逗逼啊 题面连pdf都不挂了 哈哈哈哈 枚举每一位.在这一位上与之后得到\(1\)的就是全\(1\)子矩形个数.或之后得到\(1\)的就是总举行个数减去全\(0\)子矩形个数. 单调栈算一下就好啦. 维护一个单调递增的栈.如果在右下角统计贡献,每次遇到往上延伸长度\(l\leq sk[top]\)时,会把\(sk[top]\)的一部分截断.用个变量\

题目描述 小 F 是一个能鸽善鹉的同学,他经常把事情拖到最后一天才去做,导致他的某些日子总是非常匆忙. 比如,时间回溯到了 2018 年 11 月 3 日.小 F 望着自己的任务清单: 看 iG 夺冠: 补月赛题的锅. 小 F 虽然经常咕咕咕,但他完成任务也是很厉害的,他一次性可以完成剩余任务的任一非空子集.比如,他现在可以选择以下几种中的一种: 看 iG 夺冠: 补月赛题的锅: 一边看 iG 夺冠的直播,一边补锅. 当然,比赛实在是太精彩了,所以小 F 就去看比赛了. 不过,当金雨从天而降.I

LOJ BZOJ 洛谷 点分治.考虑如何计算过\(rt\)的答案. 记\(pre[i]\)表示(之前的)子树内循环匹配了\(S\)的前缀\(i\)的路径有多少,\(suf[i]\)表示(之前的)子树内循环匹配了\(S\)的后缀\(i\)的路径有多少. 一个点如果能作为前缀\(dep\%m\)出现,然后\(s[rt]=s[dep\%m+1]\),就可以统计\(suf[m-dep\%m-1]\)的贡献. 作为后缀出现同理. 判某个深度\(dep\)是否是循环匹配了\(S\)的前缀\(i\),本来想的

A. Balance 不难发现确定第一行第一列后即可确定全部,列不等式单纯形求解线性规划即可. #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; typedef long long ll; typedef vector<double>VD; const int N=110; const double eps=1e-9; VD simplex(vector<VD>A, VD b, VD c){

上一次做 SA / SAM 相关的题还要数到某场毒瘤 NOIP 模拟赛--这么久没做了都快忘光了--写点东西记录一些最近做到的水好题. LOJ2059 「TJOI / HEOI2016」字符串 题意 给定一个长度为 \(n\) 的字符串 \(s\) ,接下来有 \(m\) 次询问.每次询问给出四个参数 \(a,b,c,d\) .求 \(s[a,b]\) 的所有子串和 \(s[c,d]\) 的 LCP 的最大值. \(n,m \le 10^5\) . 题解 题目可以转化为,求一段连续的后缀与 \(

「HAOI2017」新型城市化 题意 有一个 \(n\) 个点的无向图,其中只有 \(m\) 对点之间没有连边,保证这张图可以被分为至多两个团. 对于 \(m\) 对未连边的点对,判断有哪些点对满足将他们连边后最大团 的大小增加. \(n \le 10^4 , m \le 1.5 × 10^5\) 题解 脑洞图论题我真的一道都不会. 考虑原图的话,有 \(n^2\) 条边,显然是不行的.可以考虑补图,那么只有它给出的 \(m\) 条边,那么这个图一定是个二分图. 因为题目保证了原图可以被至多两个

[Luogu2664]树上游戏(点分治) 题面 洛谷 题解 很好的一道点分治题. 首先直接点分治,考虑过每个分治重心的链的贡献. 我们从分治重心开始找每种颜色,强制令一种颜色只在其到分治重心的链上第一次出现的位置统计贡献,假设子树大小是\(size\),那么对于当前分治重心的其他所有子树都会产生\(size\)的贡献. 那么考虑当前分治重心每个子树的每个点会得到的贡献,首先把这棵子树内的贡献删去,然后记录其他所有颜色的贡献和.如果当前颜色在这棵子树内第一次出现,那么其他所有子树都必定会产生贡献,

因为是我这只蒟蒻个人的汇总嘛,可能有些奇♂怪的东西或者不规范的语言出现啦,见谅见谅 搬了一些到知识汇总里,删了一些过时和无用的,少了好多=.= 1.STL_queue 经实践验证,!qs.empty()快于qs.size() 2.luogu p2114 起床困难综合症 if(位运算) 括号++; update on 2018.7.2: 发现位运算的优先级比小于号那一堆还低... 3.luogu p1853 投资的最大效益 当背包问题中代价/价值为$kn$时可以在循环中用$kn/k$来表示,这样可

题面 统计贡献,每个大小为i的子树贡献就是$i(n-i)$,然后子树里又有$i!$种:同时这个子树的根不确定,再枚举这个根是$r$个放的,又有了$r!$种.子树内选点的方式因为子树的根被钦定了顺序所以只有一个组合数,子树外面的则是一个连乘积.答案就是 $i(n-i)i!r!C_{n-r}^{i-1}\prod\limits_{j=r-1}^{n-i-1}j$ $=(r-1)r*i*i!*(n-i)!$ #include<cstdio> #include<cstring> #incl

[CTSC2018]暴力写挂 题面不错 给定两棵树,两点“距离”定义为:二者深度相加,减去两棵树上的LCA的深度(深度指到根节点的距离) 求最大的距离. 解决多棵树的问题就是降维了. 经典的做法是边分树合并. 边分树结构类似0/1 trie 就是把边分树对于每个点拆开路径 合并两棵边分树同时可以得到两个边分树之间点对的路径的信息 感觉有点类似线段树合并. 根据“猫树”思想,两点间的路径一定经过边分树上LCA的那条边.(u,v不相等) 我们考虑在这个LCA处统计贡献 具体地,先对1树进行边分治 每

这是一道...卡了我一个月的树形dp... 我真是太弱了... 其实仔细想想,这题的核心思路并不是特别复杂,但是的确存在不小的难度 作为一个看过全网基本所有题解+标程才弄明白这题到底怎么回事的蒟蒻,我努力把所有东西揉到一起让各位看官一眼看懂... 首先我们简化一下题意:给定一棵满二叉树,每个叶节点有一个状态(0,1),任选两个叶节点,如果这两个叶节点状态相同但他们的LCA所管辖的子树中的与他们状态相同的叶节点个数较少(少于1/2),则会产生2f的代价,如果状态不同,则产生f的代价,如果状态相同且