论文参考 汤可因<浅谈一类数学期望问题的解决方法> 反正是很神奇的东西吧..我脑子不好不是很能想得到. bzoj 1415 1415: [Noi2005]聪聪和可可 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 2140  Solved: 1258[Submit][Status][Discuss] Description Input 数据的第1行为两个整数N和E,以空格分隔,分别表示森林中的景点数和连接相邻景点的路的条数. 第2行包含两个整数C

用最短路暴力搞出s(i, j)表示聪聪在i, 可可在j处时聪聪会走的路线. 然后就可以dp了, dp(i, j) = [ dp(s(s(i,j), j), j) + Σdp(s(s(i,j), j), to) ] / (degree[i]+1) 边(j, to)存在. 复杂度应该差不多是O(NM) ------------------------------------------------------------------------------- #include<cstdio> #i

[BZOJ1415][NOI2005]聪聪和可可(动态规划,数学期望) 题面 BZOJ 题解 先预处理出当可可在某个点,聪聪在某个点时 聪聪会往哪里走 然后记忆化搜索一下就好了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<cmath> #include<algorithm> #include<set> #i

1415: [Noi2005]聪聪和可可 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 1635  Solved: 958[Submit][Status][Discuss] Description Input 数据的第1行为两个整数N和E,以空格分隔,分别表示森林中的景点数和连接相邻景点的路的条数. 第2行包含两个整数C和M,以空格分隔,分别表示初始时聪聪和可可所在的景点的编号. 接下来E行,每行两个整数,第i+2行的两个整数Ai和Bi表示景点A

1415: [Noi2005]聪聪和可可 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 1640  Solved: 962 Description Input 数据的第1行为两个整数N和E,以空格分隔,分别表示森林中的景点数和连接相邻景点的路的条数. 第2行包含两个整数C和M,以空格分隔,分别表示初始时聪聪和可可所在的景点的编号. 接下来E行,每行两个整数,第i+2行的两个整数Ai和Bi表示景点Ai和景点Bi之间有一条路. 所有的路都是无向的,即

1415: [Noi2005]聪聪和可可 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MBSubmit: 2335  Solved: 1373[Submit][Status][Discuss] Description Input 数据的第1行为两个整数N和E,以空格分隔,分别表示森林中的景点数和连接相邻景点的路的条数. 第2行包含两个整数C和M,以空格分隔,分别表示初始时聪聪和可可所在的景点的编号. 接下来E行,每行两个整数,第i+2行的两个整数Ai和Bi表示景点

数学期望+记忆化搜索 论文:<浅析竞赛中一类数学期望问题的解决方法>——汤可因  中的第一题…… Orz 黄学长 我实在是太弱,这么简单都yy不出来…… 宽搜预处理有点spfa的感觉= =凡是更新了的,都要重新入队更新一遍…… dp的记忆化搜索过程好厉害…… 期望这里一直很虚啊,赶紧再多做点题熟悉熟悉…… /************************************************************** Problem: 1415 User: Tunix Langu

BZOJ_1415_[Noi2005]聪聪和可可_概率DP+bfs Description Input 数据的第1行为两个整数N和E,以空格分隔,分别表示森林中的景点数和连接相邻景点的路的条数. 第2行包含两个整数C和M,以空格分隔,分别表示初始时聪聪和可可所在的景点的编号. 接下来E行,每行两个整数,第i+2行的两个整数Ai和Bi表示景点Ai和景点Bi之间有一条路. 所有的路都是无向的,即:如果能从A走到B,就可以从B走到A. 输入保证任何两个景点之间不会有多于一条路直接相连,且聪聪和可可之间

链接P4206 [NOI2005]聪聪与可可 类似于开车旅行,如果老鼠确定了那么猫的路线是确定的. 预处理\(g_{i,j}\)表示老鼠在\(i\)号点,猫的下一步方向,\(Bfs\)就行了 设\(f_{i,j}\)表示老鼠在\(i\),猫\(j\)的期望步,转移枚举出边状态即可. 至于为什么这样的转移不会成环? 因为猫始终是顺着老鼠的方向走的,老鼠每次走一步,猫每次走两步,也就是两者距离单调不升,又因为老鼠一直在走,所以转移关系不会成环,一定是拓扑关系. #include<bits/stdc+

题目链接:聪聪和可可 一道水题--开始还看错题了,以为边带权--强行\(O(n^3)\)预处理-- 首先,我们显然可以预处理出一个数组\(p[u][v]\)表示可可在点\(u\),聪聪在点\(v\)的时候聪聪下一步会往哪里走.然后--一个记忆化搜索就轻易地解决掉了-- 至于转移方程吗,我觉得也没有必要写了--你要是实在不知道就看一看代码吧-- 下面贴代码: #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #in

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1415 (题目链接) 题意 一张图,聪聪想吃可可.每单位时间聪聪可以先移动两次:可可后移动一次或停在原地,它们的概率相等.问聪聪吃到可可的期望时间. Solution 先bfs跑出两点间的最短距离.然后记忆化搜索就可以了,很水.. 代码 // bzoj1415 #include<algorithm> #include<iostream> #include<cstdlib>

之前做的一些图上的期望步数的题大多用到高斯消元来求解(HNOI游走,SDOI走迷宫,etc),因此我一开始做这道题的时候想偏了- 这道题的性质:聪聪和可可之间的最短路长度严格递减.因为聪聪总可以多走一步,那么变化有三种情况:最短路长度-1,-2,-3 于是我们发现,聪聪和可可所处的不同的状态之间是有序的,这让这道题与其他的图上期望步数题不同.例如"游走"中可以走到1再走到2再走到1-.,走到1和走到2的状态之间没有先后顺序.但这个题中永远是聪聪可可之间距离大的状态转移到聪聪可可之间距离

其实题不难,不知提交了几次...不能代码MD...注意一些基本问题...SB概率题 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #define N 1001 using namespace std; double f[N][N]; int n,m,cnt,a,b; *N+]; int head[N],ds[N],q[N],dis[N][N],p[N][N]; inline int read() { ,

Sol 记忆化搜索. \(f[u][v]\) 表示聪聪在 \(u\) ,可可在 \(v\) ,聪聪抓到可可的期望. 预处理出 \(u\) 到 \(v\) 最短路径编号最小的点,记为 \(g[u][v]\) . 点 \(u\) 的度数记为 \(du[u]\) . 显然递归出口就是 \(u==v\) 那么此时 \(f[u][v]=0\) 已经在同一个点了,不会再互相伤害了. \(p[u][v]=v\) 或者 \(p[p[u][v],v]=v\) 那么就互相伤害吧! \(f[u][v]=1\) 对于其

简单题,结果因为理解错题意懵逼了好久…… moveTo[x][y]表示聪聪在节点x,可可在节点y时,聪聪下一步应到达哪一个节点 dp[x][y]表示聪聪在节点x,可可在节点y,且轮到可可行动时,所需时间的数学期望(可可第一次行动不计入其内) #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <vector> #include <queue> typedef std

[问题描述] 在一个魔法森林里,住着一只聪明的小猫聪聪和一只可爱的小老鼠可可.虽然灰姑娘非常喜欢她们俩,但是,聪聪终究是一只猫,而可可终究是一只老鼠,同样不变的是,聪聪成天想着要吃掉可可. 一天,聪聪意外得到了一台非常有用的机器,据说是叫GPS,对可可能准确的定位.有了这台机器,聪聪要吃可可就易如反掌了.于是,聪聪准备 马上出发,去找可可.而可怜的可可还不知道大难即将临头,仍在森林里无忧无虑的玩耍.小兔子乖乖听到这件事,马上向灰姑娘报告.灰姑娘决定尽快阻止聪聪, 拯救可可,可她不知道还有没有足够

题目描述 输入 数据的第1行为两个整数N和E,以空格分隔,分别表示森林中的景点数和连接相邻景点的路的条数. 第2行包含两个整数C和M,以空格分隔,分别表示初始时聪聪和可可所在的景点的编号. 接下来E行,每行两个整数,第i+2行的两个整数Ai和Bi表示景点Ai和景点Bi之间有一条路. 所有的路都是无向的,即:如果能从A走到B,就可以从B走到A. 输入保证任何两个景点之间不会有多于一条路直接相连,且聪聪和可可之间必有路直接或间接的相连. 输出 输出1个实数,四舍五入保留三位小数,表示平均多少个时间单

树分治劲啊 原题: 聪聪和可可是兄弟俩,他们俩经常为了一些琐事打起来,例如家中只剩下最后一根冰棍而两人都想吃.两个人都想玩儿电脑(可是他们家只有一台电脑)……遇到这种问题,一般情况下石头剪刀布就好了,可是他们已经玩儿腻了这种低智商的游戏.他们的爸爸快被他们的争吵烦死了,所以他发明了一个新游戏:由爸爸在纸上画n个“点”,并用n-1条“边”把这n个“点”恰好连通(其实这就是一棵树).并且每条“边”上都有一个数.接下来由聪聪和可可分别随即选一个点(当然他们选点时是看不到这棵树的),如果两个点之间所有边

Description Input 数据的第1行为两个整数N和E,以空格分隔,分别表示森林中的景点数和连接相邻景点的路的条数. 第2行包含两个整数C和M,以空格分隔,分别表示初始时聪聪和可可所在的景点的编号. 接下来E行,每行两个整数,第i+2行的两个整数Ai和Bi表示景点Ai和景点Bi之间有一条路. 所有的路都是无向的,即:如果能从A走到B,就可以从B走到A. 输入保证任何两个景点之间不会有多于一条路直接相连,且聪聪和可可之间必有路直接或间接的相连. Output 输出1个实数,四舍五入保留三

[题意]给定无向图,聪聪和可可各自位于一点,可可每单位时间随机向周围走一步或停留,聪聪每单位时间追两步(先走),问追到可可的期望时间.n<=1000. [算法]期望DP+记忆化搜索 [题解]首先因为聪聪的步数大于可可,所以不可能出现循环,因此是DAG上的期望DP,用记忆化搜索解决. 每个点bfs预处理p[x][y]表示x走向y的第一步位置,设f[x][y]表示聪聪在x可可在y追上的期望时间. $$f(x,y)=\sum_{z}\frac{f(g[g[i][j]]][j],z)}{out[x]+1

★★   输入文件:cchkk.in   输出文件:cchkk.out   简单对比 时间限制:1 s   内存限制:256 MB [问题描述] 在一个魔法森林里,住着一只聪明的小猫聪聪和一只可爱的小老鼠可可.虽然灰姑娘非常喜欢她们俩,但是,聪聪终究是一只猫,而可可终究是一只老鼠,同样不变的是,聪聪成天想着要吃掉可可. 一天,聪聪意外得到了一台非常有用的机器,据说是叫GPS,对可可能准确的定位.有了这台机器,聪聪要吃可可就易如反掌了.于是,聪聪准备 马上出发,去找可可.而可怜的可可还不知道大难即