这个题我愣是交了好几遍没有过...... 后来@_皎月半洒花dalao告诉我说要^儿子节点的tag,然后就明白了...... 行吧,先上题面: 题目描述 现有N(2 ≤ N ≤ 100000)盏灯排成一排,从左到右依次编号为:1,2,......,N.然后依次执行M(1 ≤ M ≤ 100000)项操作,操作分为两种:第一种操作指定一个区间[a, b],然后改变编号在这个区间内的灯的状态(把开着的灯关上,关着的灯打开),第二种操作是指定一个区间[a, b],要求你输出这个区间内有多少盏灯是打开的

思路 重题 代码 #include <iostream> #include <vector> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <queue> #include <cmath> #define ls rt<<1 #define rs rt<<1|1 #define ll long long #defi

题目描述 现有\(N(2 ≤ N ≤ 100000)\)盏灯排成一排,从左到右依次编号为:\(1,2,......,N\).然后依次执行\(M(1 ≤ M ≤ 100000)\)项操作,操作分为两种:第一种操作指定一个区间\([a, b]\),然后改变编号在这个区间内的灯的状态(把开着的灯关上,关着的灯打开),第二种操作是指定一个区间\([a, b]\),要求你输出这个区间内有多少盏灯是打开的.灯在初始时都是关着的. 输入输出格式 输入格式: 第一行有两个整数\(N\)和\(M\),分别表示灯的

题意简述 有n盏灯,默认为关,有两个操作: 1.改变l~r的灯的状态(把开着的灯关上,关着的灯打开) 2.查询l~r开着的灯的数量 题解思路 维护一个线段树,支持区间修改,区间查询 懒标记每次^1 代码 #include <cstdio> using namespace std; int n, m, opt, x, y; int a[400010], la[400010]; void push_up(int x) { a[x] = a[x << 1] + a[x <<

原题链接 前置知识: 线段树的单点.区间的修改与查询. 一看,我们需要维护两个操作: 区间取反: 区间求和. (因为区间 \(1\) 的个数,就是区间的和) 典型的 线段树 . 如果你只会线段树的 区间修改,单点修改,区间查询,单点查询 的话,这题的 "取反" 是个难题. 但是,这个数组有个性质: \(a_i \in {0,1}\) 也就是说,假设一个数组一开始这样子: \(1\) \(2\) \(3\) \(4\) \(a_i\) \(0\) \(1\) \(0\) \(0\) \(

简单的省选题...... 打异或标记即可. 1 #include<bits/stdc++.h> 2 const int N=2e5+10; 3 using namespace std; 4 int n,m,a,b,c; 5 struct node{ 6 int l,r,num,lazy; 7 }t[N<<2]; 8 int read(){ 9 int x=0,f=1;char c=getchar(); 10 while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')

直接进入正题: 分块: 分块分块,就是把一个长串东西,分为许多块,这样,我们就可以在操作一个区间的时候,对于在区间里面完整的块,直接操作块,不完整的直接操作即可,因为不完整,再加上一个块本身就不大,复杂度会很小的,然后需要输出的时候,单点输出直接把本来自身的值加上对块的操作加起来即可,而对于区间询问,格外在维护一个区间总和数组即可.那么问题来了:分为几块呢? 答案是当大小为\(n\)的序列,分为\(\sqrt{n}\),因为对于上述的操作,设块数为\(k\),复杂度是为\(O(\frac{n}{

题目描述 现有N(2 ≤ N ≤ 100000)盏灯排成一排,从左到右依次编号为:1,2,......,N.然后依次执行M(1 ≤ M ≤ 100000)项操作,操作分为两种:第一种操作指定一个区间[a, b],然后改变编号在这个区间内的灯的状态(把开着的灯关上,关着的灯打开),第二种操作是指定一个区间[a, b],要求你输出这个区间内有多少盏灯是打开的.灯在初始时都是关着的. 输入输出格式 输入格式: 第一行有两个整数N和M,分别表示灯的数目和操作的数目.接下来有M行,每行有三个整数,依次为:

[题解] 线段树基础题.对于每个修改操作把相应区间的sum改为区间长度-sum即可. #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #define LL long long #define rg register #define N 200010 #define ls (u<<1) #define rs (u<<1|1) #define mid ((a[u].l+a[u].r)>

线段树做法很简单,但分块好啊 #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> #include <cmath> #define R(a,b,c) for(register int a = (b); a <= (c); ++ a) #define nR(a,b,c) for(register int a = (b); a >= (

[题目描述:] AKN觉得第一题太水了,不屑于写第一题,所以他又玩起了新的游戏.在游戏中,他发现,这个游戏的伤害计算有一个规律,规律如下 1. 拥有一个伤害串为长度为n的01串. 2. 给定一个范围[l,r],伤害为伤害串的这个范围内中1的个数 3. 会被随机修改伤害串中的数值,修改的方法是把[l,r]中的所有数xor上1 AKN想知道一些时刻的伤害,请你帮助他求出这个伤害 [输入格式:] 第一行两个数n,m,表示长度为n的01串,有m个时刻 第二行一个长度为n的01串,为初始伤害串 第三行开始

小结:昨天因为整理课件,调代码耗费了大量时间,所以没来得及整理作业,这两天主要做的题目是关于树链剖分和线段树的,难度大约都是省选难度,毕竟只要涉及到树链剖分难度就肯定不低. 一. 完成的题目: 洛谷P3870,洛谷P2628,洛谷P3384,洛谷P2590,洛谷P3178,洛谷P2014,洛谷P4092,SP1716 二. 1. 完成题目数:8道. 2. 未完成6个题目的原因: 3. 复习的知识点:树链剖分,树型dp,dfs序,线段树 4.不会题目:SP6779,洛谷P1823 三: 1.洛谷

题目链接 [洛谷] 题解 来做一下水题来掩饰ZJOI2019考炸的心情QwQ. 很明显可以线段树. 维护两个值,\(Lazy\)懒标记表示当前区间是否需要翻转,\(s\)表示区间还有多少灯是亮着的. 那么每一次翻转,\(s\)就变成了\(n-s\),\(n\)表示区间内所有灯的数量. 线段树维护一下就可以了. 代码 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; const int N = 100000 + 6; int n, m; namespac

我们先看题面,一看是一个区间操作,再看一下数据范围,就可以很轻松地想到是用一个数据结构来加快区间查询和修改的速度,所以我们很自然的就想到了线段树. 但是这个题还跟普通的线段树不一样,这个题可以说要思考一下,我们可以知道一个区间内如果要修改的话那假如说原来有x个灯开着,那一次操作之后就变成了这个区间的长度减去x个灯.因此我们可以把懒标记确认为是否要下放因为这是棵线段树,每一个节点都表示一个区间,那一次修改可能会修改多次这个区间所以如果这次区间修改了,那就不用修改了. 其他就跟平常的线段树一样了.

这两天学了很长时间于是做了一道水题 我就用了模板,就连任何优化都没有 就AC了,复杂度也很爆炸10个点1500多毫秒 这个题就是把lazy[]改成记录下修改的次数,每次修改的时候mod 2,因为反过来再返回去就一样了 修改变成 sum[root] = r - l + 1 - sum[root]; 其他的几乎就没区别了 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; inline int read(){int s=0,w=1;char ch=getcha

白名单有啥好说的呢?无非就是筛选登入,大家第一眼看到就是这个印象,白名单也是有文章的,弄的时机不同会给你带来很不错的收益,注意是收益.还是举例来说,游戏上线前渠道都会做一个预下载,一般提前1-2天,这时候有的渠道有自己的白名单系统会挡住渠道登入用户,大部分渠道是没有这类系统的,需要CP自己实现.我们的游戏也这么上线了,过了两天运营找过来,说我们自己的后台数据统计渠道的登入激活数据与渠道反馈过来的严重不符,首日登入渠道给出的是8000,而我们的后台是500,查了半天发现了情况,我们的白名单是在用户

渠道支付要做开关干嘛用呢?为什么要做这种东西呢? 这个教训来分享一下,我们的游戏上线公测了,59个渠道首发,其中包括了应用宝,UC,360等的大渠道,也包含有一些工会渠道和小渠道,上线后一切正常,但是到了下午就开始出现问题了,大渠道联系了我们的渠道商务说我们在做充值返利要立刻停止这种行为,限我们3小时内处理,要不然就下架我们的游戏.公司沟通了一圈后,一头雾水,因为运营和市场并没有做这种返利活动.后来询问大渠道后获得了一些相关的信息和截图,发现小渠道和一些二三级分包渠道在做4-6折不等的充值返利,

iOS系列 基础篇 09 开关.滑块和分段控件 目录: 案例说明 开关控件Switch 滑块控件Slider 分段控件Segmented Control 1. 案例说明 开关控件(Switch).滑块控件(Slider)和分段控件(Segmented Control)都是UIControl的子类,本篇我们将通过一个案例和大家一起学习这三个控件的使用. 如下图所示,本案例包括两个开关控件Switch.一个分段控件(Segmented Control).两个标签(Label)和一个滑块控件(Slid

  Context值和bool开关的相关内容 Context值分为2种 系统默认的context值 服务的context值 Context值的作用 主要是防止有未知文件进入目录文件之中(如将病毒拷贝到目录文件下)   Bool开关的作用 Bool主要是争对在selinux处于enforcing(强制状态)时,拥有访问端口的口令也是无法登陆的情况时起作用的.   然后就是context值和bool开关的相关命令 Chcon –t 更改 Restorecon –v 恢复 Getroubleshoot

一.知识点介绍 1,更新控件的内容,应该调用控件的Invoke方法. Invoke指: 在拥有控件的基础窗口句柄的线程上,用指定的参数列表执行指定委托.该方法接收一个委托类型和委托的参数,因此需要定义委托类型变量,然后传递给Invoke方法.   如果其他线程直接调用方法更新控件内容,报错:线程间操作无效: 从不是创建控件“richTextBox1”的线程访问它.   2,委托的本质是某一类型的方法,这些方法具有相同的参数和返回类型. 委托类似于C语言中的函数指针,可以指向多个相同类型的函数.