介绍二维之前,先说说一维吧~ 这个是通过旋转角度速度快慢来表现身体的大转和中转~ 通过一个-133~133的数值来进行控制. 注:后面的那个对钩是镜像的意思. 其实二维混合树并没有想象中的那么难.先来看一看什么是二维混合树吧. 这就是一个二维混合树,咱们接触过一维的,其实简单的理解就是把两个一维混合在一起变成二维. 比如:奔跑的动作和转弯的动作,合在一起. 可以看到Inspector面板中的Motion后有PosX与PosY,分别代表了其Direction与Speed(注:X是横轴,Y是纵轴)

原地址:http://blog.csdn.net/dingxiaowei2013/article/details/25086835 终于解决了一个忧伤好久的问题,严重拖了项目进度,深感惭愧!一直被一系列的问题所困扰,然后又只能自己一个人摸索,也是一段辛酸忧伤史,现在小结一下上个月在做二维码的过程中所碰到的问题以及解决办法,现在庆幸终于解决好了,终于能将这个功能告一段落,一下小结也是分享一下Unity的某些“坑”,让同行少走弯路,起码在二维码这方面应该会有所启迪,欣慰的是接下来几天终于可以做自己应

分析: "如果你对树状数组比较熟悉,不难发现可怜求的是后缀和" 设数列为\(A\),那么可怜求的就是\(A_{l-1}\)到\(A_{r-1}\)的和(即\(l-1\)的后缀减\(r\)的后缀,\(\sum_{i=l-1}^{r-1}A_i\)),而答案为\(A_l\)到\(A_r\)的和(即\(\sum_{i=l}^{r}A_i\))这两种答案都包含\(A_l\)到\(A_{r-1}\)的和,因此只需判断\(A_{l-1}\)与\(A_r\)相等的概率就行了 那么怎么算? 考虑记下每

题目描述 老 C 是个程序员.     最近老 C 从老板那里接到了一个任务——给城市中的手机基站写个管理系统.作为经验丰富的程序员,老 C 轻松 地完成了系统的大部分功能,并把其中一个功能交给你来实现.由于一个基站的面积相对于整个城市面积来说非常 的小,因此每个的基站都可以看作坐标系中的一个点,其位置可以用坐标(x, y)来表示.此外,每个基站还有很多属 性,例如高度.功率等.运营商经常会划定一个区域,并查询区域中所有基站的信息.现在你需要实现的功能就是, 对于一个给定的矩形区域,回答该区域中

题目链接 BZOJ 4785 题解 这道题真是令人头秃 = = 可以看出题面中的九条可怜把求前缀和写成了求后缀和,然后他求的区间和却仍然是sum[r] ^ sum[l - 1],实际上求的是闭区间[l - 1, r - 1]的区间和.什么时候[l - 1, r - 1]的区间和与[l, r]的想等呢?就是位置l - 1与r对应的值相等的时候.于是问题就转换成了:修改操作每次随机修改区间中的一个位置,询问操作每次查询两个位置的值相同的概率. 可以想到一种做法:用线段树维护每个位置上的值为1的概率,

题意 题目链接 Sol 二维数点板子题 首先把询问拆成四个矩形 然后离散化+树状数组统计就可以了 // luogu-judger-enable-o2 #include<bits/stdc++.h> #define LL long long using namespace std; const int MAXN = 4e6 + 10; inline int read() { char c = getchar(); int x = 0, f = 1; while(c < '0' || c &

P3431 [POI2005]AUT-The Bus Byte City 的街道形成了一个标准的棋盘网络 – 他们要么是北南走向要么就是西东走向. 北南走向的路口从 1 到 n编号, 西东走向的路从1 到 m编号. 每个路口用两个数(i, j) 表示(1 <= i <= n, 1 <= j <= m). Byte City里有一条公交线, 在某一些路口设置了公交站点. 公交车从 (1, 1) 发车, 在(n, m)结束.公交车只能往北或往东走. 现在有一些乘客在某些站点等车. 公交

题意: 给你螺旋型的矩阵,告诉你那几个点有值,问你某一个矩阵区间的和是多少. 思路: 以后记住:二维前缀和sort+树状数组就行了!!!. #define IOS ios_base::sync_with_stdio(0); cin.tie(0); #include <cstdio>//sprintf islower isupper #include <cstdlib>//malloc exit strcat itoa system("cls") #include

这种情况不断的网数组@arr2里放入数据,返回的内容为: 这种情况是一维数组: while( $selStmt->fetch() ){ print "\$a1 is $a1\n"; print "\$a2 is $a2\n"; print "\$a3 is $a3\n"; push (@arr2, "$a1 $a2 $a3" ); }; $c->render(json => \@arr2); }; http:

void init(){ ; i < n; i++) st[i][] = a[i]; ; ( << j) <= n; j++){ ; i + ( << j) - < n; i++){ st[i][j] = min(st[i + ( << (j-))][j - ], st[i][j - ]); } } } inline int query(int l, int r){ ; ; << (k + )) <= len) k++; <&l

1.假设将要定义数组的长度为程序执行过程中计算出来的MAX List<int> Arc = new List<int>(); ; i < MAX; i++) { Arc.Add(); } ArcNum.ToArray(); 这样做就变相的定义一个长度为MAX的数组. 2.二维 List<List<double>> flist = new List<List<double>> { };var SJD = flist.ToArray

numpy.unique(ar, return_index=False, return_inverse=False, return_counts=False, axis=None)[source] 一维数组 对一维数组或列表,unique()函数去除其中重复元素,并按元素大小返回一个新的无重复元组或列表. import numpy as np A = [1, 2, 2, 5,3, 4, 3] a = np.unique(A) print(a) [1 2 3 4 5] C= ['fgfh','as

背包是典型的动态规划问题,关于背包问题的详解,推荐博客:点击打开链接(这篇博客有点错误,代码for循环里错了,不过讲解 的很详细) 题目如下: 在N件物品取出若干件放在容量为W的背包里,每件物品的体积为W1,W2--Wn(Wi为整数),与之相对应的价值为P1,P2--Pn(Pi为整数).求背包能够容纳的最大价值. Input 第1行,2个整数,N和W中间用空格隔开.N为物品的数量,W为背包的容量.(1 <= N <= 100,1 <= W <= 10000)第2 - N + 1行,

实现功能——对于一个N×M的方格,1:输入一个区域,将此区域全部值作加法:2:输入一个区域,求此区域全部值的和 其实和一维线段树同理,只是不知道为什么速度比想象的慢那么多,求解释...@acphile (还有代码略恶心,求原谅...^_^) ; var i,j,k,l,m,n,a1,a2,a3,a4,a5:longint; a,b:..tvp] of longint; c1,c2:char; function max(x,y:longint):longint;inline; begin if x

一个树状数组能解决的问题分要用树套树--还写错了我别是个傻子吧? 这种题还是挺多的,大概就是把每个矩形询问差分拆成四个点前缀和相加的形式(x1-1,y1-1,1)(x2.y2,1)(x1-1,y2,-1)(x2,y1-1,-1),然后离散化,打上id丢去按x排序,点也按x排序. 然后按照x扫描,树状数组维护到当前x坐行标前缀和的y,每次先把坐标等于x的点加进树状数组,然后查询乘上相应权值(+-1)加到相应id的ans数组里 #include<iostream> #include<cstd

前言:考的一般般吧……T3暴力没打上来挺可惜的,到手的75分没了. ---------------------------------- T1 [JZOJ4745]看电影 Description 听说NOIP2016大家都考得不错,于是CCF奖励省常中了 K 张变形金刚5的电影票奖励OI队的同学去看电影.可是省常中OI队的同学们共有 N(N >= K)人.于是机智的你想到了一个公平公正的方法决定哪K人去看电影.N个人排成一圈,按顺时针顺序标号为1 - N,每次随机一个还存活的人的编号,将这个人踢

1532. [IOI2001]移动电话 ★☆   输入文件:mobilephones.in   输出文件:mobilephones.out   简单对比 时间限制:5 s   内存限制:256 MB [题目描述] 假设Tampere地区的4G移动通信基站以如下方式运行.整个地区被划分成若干正方形格子.这些格子构成一个S*S的矩阵,它们的行,列编号都是从0到 S-1.每一个格子中都有一个基站.每个格子中激活的手机数量可能改变,因为一部手机可能从一个格子移动到另一个格子,打开或者关闭.有时,某一座基

题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1114 题面: Problem Description Before ACM can do anything, a budget must be prepared and the necessary financial support obtained. The main income for this action comes from Irreversibly Bound Money (IBM).

OpenCVKmeans算法默认使用了Kmeans++选取种子点 参考:OpenCv中Kmeans算法实现和使用 //效果:根据半径聚类,并不一定能得到好的结果. float CBlotGlint::ClusterByR( ) { //根据半径大小聚类,找出合适的类别个数和每一类的个数 std::vector<float> radiuses(this->blobs.size() ); std::vector<std::pair<float,int> > radiu

认识Blend Tree 我们在Animator Controller中除了可以创建一个State外还可以创建一个Blend Tree,如下: 那么我们看下新创建的Blend Tree和State有什么区别: 唯一的区别就是Montion指向的类型变成了Blend Tree类型,那么一个Blend Tree其实也就是一个状态,和状态不同的地方就是一个状态只能设定一个动画,而一个Blend Tree则可以设定为多个动画的混合. 混合树是Mecanim动画系统中比较复杂的一个内容,且其分为多个维度,

稳定排序nlogn之归并排序_一维,二维 稳定排序:排序时间稳定的排序 稳定排序包括:归并排序(nlogn),基数排序[设待排序列为n个记录,d个关键码,关键码的取值范围为radix,则进行链式基数排序的时间复杂度为O(d(n+radix)) ],冒泡排序(n^2),插入排序(n^2),交换排序(n^2),计数排序[n为数字个数,k为数字范围,O(n+k)]等. Problem:对n个数进行排序,n<=100000,1s以内 快速排序平均时间复杂度为nlogn,最坏时间复杂度为n^2.c,c++