题目大意: 给定一个序列,每次单点修改,然后进行询问. 定义一次操作为,选择一个位置$x$,将这个位置的数和左边.右边两个位置的数(不存在则忽略)各减去1,然后和0取max. 对序列中最大的位置进行一次操作(相同则取最前面的),不断重复,直到所有位置为0为止. 问执行了多少次操作. 询问互相独立(即下一次询问的序列并不是全0). 解题思路: 在太阳西斜的这个世界里,置身天上之森.等这场战争结束之后,不归之人与望眼欲穿的众人, 人人本着正义之名,长存不灭的过去.逐渐消逝的未来.我回来了,纵使日薄西

洛谷题目传送门 一血祭 向dllxl致敬! 算是YNOI中比较清新的吧,毕竟代码只有1.25k. 首先我们对着题意模拟,寻找一些思路. 每次选了一个最大的数后,它和它周围两个数都要减一.这样无论如何,我们都选不到旁边那两个数,只有第一次选的那个数会对答案产生它的大小的贡献. 于是就可以写出一个\(O(nm\log n)\)的暴力用来对拍了 #include<bits/stdc++.h> #define LL long long #define R register int #define G

Description 给定一个长度为 \(n\) 的非负整数序列 \(\{a_n\}\),\(q\) 次操作,每次要么单点修改序列某个值,要么查询整个序列需要操作多少次才能变成全 \(0\). 一次操作是指:找到序列的最大值的位置,如果有多个最大值则取最左边的,然后将这个数和这个位置左右紧挨着的数都 \(-1\),如果减到 \(0\) 则不减. Limitation \(1~\leq~n,~q~\leq~10^5\) 序列值域在 \(10^9\) 范围内. Solution 第一次写 YnOI

题目大意: 给定一个序列,每次询问,给出一个区间$[l,r]$. 设将区间内的元素去重后重排的数组为$p$,求$p$中长度为$1\sim 10$的极长值域连续段个数. 长度为$L$的极长值域连续段的定义为:存在$l,r\in[1,|p|]$满足$r-l+1=L$且$\forall i\in[l,r),p_i=p_{i+1}-1$,且$l-1,r$和$l,r+1$均不满足条件. 解题思路: 在太阳西斜的这个世界里,置身天上之森.等这场战争结束之后,不归之人与望眼欲穿的众人, 人人本着正义之名,长存

题目大意: 给定一个序列,每次查询一个区间\([l,r]\)中所有子序列分别去重后的和\(\bmod p\)(每次询问模数不同). 解题思路: 在太阳西斜的这个世界里,置身天上之森.等这场战争结束之后,不归之人与望眼欲穿的众人, 人人本着正义之名,长存不灭的过去.逐渐消逝的未来.我回来了,纵使日薄西山,即便看不到未来,此时此刻的光辉,盼君勿忘.————世界上最幸福的女孩 珂朵莉,要永远幸福哦. --- 我们考虑每个数的贡献.即该区间内含有这个数的子序列个数.用补集转化为不含这个数的子序列个数.

题目大意: 给定一张无向无权图,每次给定若干个二元组\((x_i,y_i)\),定义点\(u\)满足条件,当且仅当存在\(i\),并满足\(dist(u,x_i)\leqslant y_i\)(\(dist(u,v)\)表示\(u,v\)两点的距离).每次询问求满足条件的点个数. 解题思路: 在太阳西斜的这个世界里,置身天上之森.等这场战争结束之后,不归之人与望眼欲穿的众人, 人人本着正义之名,长存不灭的过去.逐渐消逝的未来.我回来了,纵使日薄西山,即便看不到未来,此时此刻的光辉,盼君勿忘.——

题目大意: 给定一个序列,每次询问一段区间的数的乘积的约数个数. 解题思路: 在太阳西斜的这个世界里,置身天上之森.等这场战争结束之后,不归之人与望眼欲穿的众人, 人人本着正义之名,长存不灭的过去.逐渐消逝的未来.我回来了,纵使日薄西山,即便看不到未来,此时此刻的光辉,盼君勿忘.————世界上最幸福的女孩 我永远喜欢珂朵莉. --- \(10^9\)以内的数最多有10个不同的质因子. 考虑对其质因数分解. 由于值域范围过大,考虑使用Pollard-Rho算法. 这里普通的Pollard-Rho算

「Ynoi2015」我回来了 这东西已经不是 Ynoi 了,因为太水被嫌弃了. 如何提升自己的数据结构能力?从Ynoi做起 题目链接 其实这个题很小清新的辣,而且不卡常. 由于边权为 \(1\),所以 \(\texttt{BFS}\) 预处理出任意两点间距离. 记录 \(f[i][j]\) 为与点 \(i\) 距离 \(\le j\) 的点的集合. 这里我们可以使用 \(\texttt{bitset}\) 维护. 然后每次将对应的集合并上去即可. 时间复杂度 \(O(\max(n(n+m),\f

传送门 辣鸡卡常题目浪费我一下午-- 思路 显然是一道莫队. 假设区间长度为\(len\),\(x\)的出现次数为\(k\),那么\(x\)的贡献就是\(x(2^{len-k}(2^k-1))\),即\(x2^{len}-x2^{len-k}\). 发现前面那东西很好维护,后面怎么办呢? 考虑把出现次数相同的数放在一起维护:维护每个出现次数里面数的和,统计答案的时候暴力统计. 为什么对呢?因为\(1+2+\dots+\sqrt{n}=n\),所以最多只有\(\sqrt n\)种次数,暴力即可.

众所周知lxl是个毒瘤,Ynoi道道都是神仙题,题面好评 原题传送门 一看这题没有修改操作就知道这是莫队题(我也只会莫队) 我博客里对莫队的简单介绍 一个数N可以分解成\(p_1^{c_1}p_2^{c_2}-p_m^{c_m}\) 它的约数个数就是\((c_1+1)(c_2+1)-(c_m+1)\) 我们考虑先把每一个数分解质因数 用试除法会使你tle到没救,所以我们要用pollard's Rho来解决问题 (用质因数分解是因为\(10^9<2*3*5*7*11*13*17*19*23*29\